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MAT023 1er semestre de 2015 pauta certamen 1: 06 de mayo 1. Determine los puntos de R3 en los cuáles la recta tangente a la curva definida por la intersección de las superficies S1 = { (x, y, z) ∈ R3 : x− 2 cos (z 3 ) = 0 } S2 = { (x, y, z) ∈ R3 : y − 2 sen (z 3 ) = 0 } es paralela a la recta L : x = 0, y = −2t, z = 3t con t ∈ R. Desarrollo. Sea (x0, y0, z0) el punto en la curva intersección para el cual la recta tangente es paralela a L : x = 0, y = −2t, z = 3t entonces, si S1 = { (x, y, z) ∈ R3 : x− 2 cos (z 3 ) = 0 } = { (x, y, z) ∈ R3 : H1 (x, y, z) = 0 } y S2 = { (x, y, z) ∈ R3 : y − 2 sen (z 3 ) = 0 } = { (x, y, z) ∈ R3 : H2 (x, y, z) = 0 } se debe cumplir ∇H1 (x0, y0, z0)×∇H2 (x0, y0, z0) = α (0,−2, 3) pero ∇H1 (x0, y0, z0) = ( 1, 0, 2 3 sen (z0 3 )) ∇H2 (x0, y0, z0) = ( 0, 1, −2 3 cos (z0 3 )) se sigue ( 1, 0, 2 3 sen (z0 3 )) × ( 0, 1, −2 3 cos (z0 3 )) = ( −2 3 sen 1 3 z0, 2 3 cos 1 3 z0, 1 ) = (0,−2α, 3α) igualando −2 3 sen (z0 3 ) = 0 2 3 cos (z0 3 ) = −2α 3α = 1 1 de la tercera ecuación α = 1 3 reemplazando en la segunda y primera −2 3 sen (z0 3 ) = 0 2 3 cos (z0 3 ) = −2 3 luego z0 debe cumplir cos ( z0 3 ) = −1 y sen ( z0 3 ) = 0 se sigue z0 = 3 (2n+ 1) π con n ∈ Z como (x0, y0, z0) ∈ S1 ∩ S2 se sigue x0 = 2 cos (z0 3 ) = −2 y0 = 2 sen (z0 3 ) = 0 luego los puntos son (−2, 0, 3 (2n+ 1) π) con n ∈ Z. 2. Sea F : R2 → R, (u, v) → F (u, v) una función con derivadas parciales continuas que cumple F (0, 2) = 0 y ∇F (0, 2) = (1, 3). Demuestre que la ecuación F ( x2 − z, y2 + z ) = 0 define implı́citamente una función z = g (x, y) en una vecindad V del punto (x, y) = (1, 1), esta función cumple g (1, 1) = 1 y y ∂g ∂x − x∂g ∂y = 2xy en V calcular el valor de ∇g (1, 1) y use esta información para estimar el valor de g ( 11 10 , 9 10 ) . Desarrollo. Definamos H (x, y, z) = F ( x2 − z, y2 + z ) entonces H es de clase C1 y H (1, 1, 1) = F ( 12 − 1, 12 + 1 ) = F (0, 2) = 0 además ∂H ∂z (x, y, z) = Fuuz + Fvvz = Fu ( x2 − z, y2 + z ) (−1) + Fu ( x2 − z, y2 + z ) (1) se sigue ∂H ∂z (1, 1, 1) = −Fu (0, 2) + Fu (0, 2) = −1 + 3 = 2 6= 0 pues ∇F (0, 2) = (1, 3). Por el teorema de la función implı́cita existe una función definida implı́citamente por H (x, y, z) = 0, digamos z = g (x, y) de 2 clase C1 definida en una vecindad V de (1, 1) la cual cumple g (1, 1) = 1, además ∂g ∂x (x, y) = −∂H ∂x (x, y, z) ∂H ∂z (x, y, z) = − (Fuux + Fvvx) Fv − Fu = −2x Fu Fv − Fu ∂g ∂x (1, 1) = −21 2 = −1 ∂g ∂y (x, y) = −∂H ∂y (x, y, z) ∂H ∂z (x, y, z) = − (Fuuy + Fvvy) Fv − Fu = −2y Fv Fv − Fu ∂g ∂y (1, 1) = −23 2 = −3 se sigue∇g (1, 1) = (−1,−3) y y ∂g ∂x − x∂g ∂y = −2xy Fu Fv − Fu + 2xy Fv Fv − Fu = 2xy Fv − Fu Fv − Fu = 2xy ası́, se cumple y ∂g ∂x − x∂g ∂y = 2xy para estimar el valor de g ( 11 10 , 9 10 ) tenemos g (x, y) ≈ g (1, 1) +∇g (1, 1) · (x− 1, y − 1) para (x, y) ≈ (1, 1), de esto obtenemos g ( 11 10 , 9 10 ) ≈ 1 + (−1,−3) · ( 1 10 , −1 10 ) ≈ 1− 1 10 + 3 10 ≈ 6 5 3. Sea f : R2 → R, (x, y) → f (x, y) una función de clase C2 que cumple fxx + fyy = 0 para todo (x, y) ∈ R2. Demostrar que g : R2 → R definida por g (s, t) = f (t sen θ + s cos θ, t cos θ − s sen θ) cumple gss + gtt = 0 para todo (s, t) ∈ R2. Desarrollo. Usaremos la regla de la cadena para calcular las derivadas gs = fxxs + fyys = fx cos θ − fy sin θ derivando gss = (fx)s cos θ − (fy)s sin θ = (fxxxs + fxyys) cos θ − (fyxxs + fyyys) sin θ = (fxx cos θ − fxy sin θ) cos θ − (fyx cos θ − fyy sin θ) sin θ = fxx cos 2 θ − 2 sin θ cos θfxy + fyy sin2 θ 3 de manera similar gt = fxxt + fyyt = fx sin θ + fy cos θ derivando gtt = (fx)t sin θ + (fy)t cos θ = (fxxxt + fxyyt) sin θ + (fyxxt + fyyyt) cos θ = (fxx sin θ + fxy cos θ) sin θ + (fyx sin θ + fyy cos θ) cos θ = fxx sin 2 θ + 2 cos θ sin θfxy + fyy cos 2 θ se sigue gss + gtt = fxx ( cos2 θ + sin2 θ ) + 0 + fyy ( sin2 θ + cos2 θ ) = fxx + fyy = 0 4. Un huevo puede ser modelado por el elipsoide sólido x2 2 + y2 4 + z2 8 ≤ 1 Si la temperatura de este huevo en cada punto corresponde a T (x, y, z) = x2 + y2 + z2 − xy entonces: a) Determine los puntos de mayor y menor temperatura en el huevo. b) ¿Cuál es la menor temperatura en la cáscara?. Desarrollo. Vamos a determinar los extremos de la función continua T (x, y, z) = x2 + y2 + z2 − xy en el compacto K = { (x, y, z) ∈ R3 : x 2 2 + y2 4 + z2 8 ≤ 1 } buscamos puntos crı́ticos al interior ∇T (x, y, z) = ∇ ( x2 + y2 + z2 − xy ) = (2x− y, 2y − x, 2z) = (0, 0, 0) implica 2x = y 2y = x z = 0 se sigue x = y = z = 0 el el único punto crı́tico al interior. Ahora buscamos en el borde usando multiplicadores de Lagrange (2x− y, 2y − x, 2z) = λ ( x, y 2 , z 4 ) x2 2 + y2 4 + z2 8 = 1 4 obtenemos el sistema 2x− y = λx⇒ (2− λ)x = y 2y − x = λ 2 y ⇒ ( 2− λ 2 ) y = x 2z = λ 4 z ⇒ ( 2− λ 4 ) z = 0 x2 2 + y2 4 + z2 8 = 1 de la tercera ecuación z = 0 o λ = 8. Si λ = 8 entonces (2− 8)x = y( 2− 8 2 ) y = x x2 2 + y2 4 + z2 8 = 1 las primeras dos implican x = y = 0, de la tercera se obtienen soluciones( 0, 0,± √ 8 ) Si z = 0 entonces (2− λ)x = y( 2− λ 2 ) y = x x2 2 + y2 4 = 1 notamos que de las primeras dos se obtiene solución no nula si y solo si∣∣∣∣ 2− λ −1−1 2− λ 2 ∣∣∣∣ = 0 esto es λ = √ 3+3 o bien λ = 3− √ 3 (para otros valores de λ los valores de x e y son cero lo que contradice la ecuación tres). Notemos que (2− λ)x = y implica ( 1 2 + (2− λ)2 4 ) x2 = 1 se sigue x = ±2√ 2 + (2− λ)2 ⇒ y = ± (2 (2− λ))√ 2 + (2− λ)2 se obtienen los puntos crı́ticos ±2√ 2 + (2− λ)2 ,± (2 (2− λ))√ 2 + (2− λ)2 , 0 para λ = 3±√3 5 evaluamos la función: T ( 0, 0,± √ 8 ) = 8 T (0, 0, 0) = 0 luego T ±2√ 2 + (2− λ)2 ,± (2 (2− λ))√ 2 + (2− λ)2 , 0 = 4 2 + (2− λ)2 + 4 (2− λ)2 2 + (2− λ)2 − 4 (2− λ) 2 + (2− λ)2 = 4 1 + (2− λ)2 − (2− λ) 2 + (2− λ)2 = se sigue 4 ( 1 + ( 2− (√ 3 + 3 ))2 − (2− (√3 + 3)) 2 + ( 2− (√ 3 + 3 ))2 ) = 3 + √ 3 4 ( 1 + ( 2− ( − √ 3 + 3 ))2 − (2− (−√3 + 3)) 2 + ( 2− ( − √ 3 + 3 ))2 ) = 3− √ 3 En resumen, en el huevo completo el máximo se alcanza en los puntos( 0, 0,± √ 8 ) que son además puntos de la cáscara. El mı́nimo valor en el huevo es en (0, 0, 0) pero en la cáscara es en los puntos ±2√ 2 + (2− λ)2 ,± (2 (2− λ))√ 2 + (2− λ)2 , 0 con λ = 3− √ 3. 6
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