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Instituto de Matemática - IM / UFRJ Segunda Chamada Cálculo Diferencial e Integral IV - MAC 248 18/06/2014 Questão 1 : (2:5 pontos) a) (1:3 pontos) Utilize a transformada de Laplace para resolver a equação íntegro-diferencial: ������ y 0(t) = 1� sin t� Z t 0 y(�)d� ; y(0) = 0: Solução: Temos que: $ fy0(t)g = $ f1g �$ fsin tg �$ �Z t 0 y(�)d� � =) s$ fy(t)g � y(0) = 1 s � 1 s2 + 1 �$ f1g �$ fy(t)g =) s$ fy(t)g = 1 s � 1 s2 + 1 � 1 s �$ fy(t)g =) s$ fy(t)g+ 1 s �$ fy(t)g = 1 s � 1 s2 + 1 =) (s2 + 1) s $ fy(t)g = 1 s � 1 s2 + 1 =) $ fy(t)g = 1 s2 + 1 � s (s2 + 1)2 =) y(t) = $�1 � 1 s2 + 1 � �$�1 � s (s2 + 1)2 � : (1) B Determinar $�1 � 1 s2 + 1 � : Pela tabela temos que: $�1 � 1 s2 + 1 � = sin t: (2) B Determinar $�1 � s (s2 + 1)2 � : Pela tabela temos que: 1 $�1 � s (s2 + 1)2 � = 12 t sin t: (3) Substituindo (2) e (3) em (1) obtemos que: y(t) = sin t� 12 t sin t: (4) b) 1:2 pontos) Utilize a transformada de Laplace para resolver o problema de valor inicial dado abaixo:����� y0(t) + y(t) = �(t� 1);y(0) = 2: Solução: Temos que: $ fy0(t)g+$ fy(t)g = $ f�(t� 1)g =) s$ fy(t)g � y(0) +$ fy(t)g = e�s =) (s+ 1)$ fy(t)g = 2 + e�s =) $ fy(t)g = 2 s+ 1 + 1 s+ 1 � e�s y(t) = 2$�1 � 1 s+ 1 � +$�1 � 1 s+ 1 � e�s � (5) B Determinar $�1 � 1 s+ 1 � : Pela tabela temos que: $�1 � 1 s+ 1 � = e�t: (6) B Determinar $�1 � 1 s+ 1 � e�s � : Pela tabela temos que: $�1 � 1 s+ 1 � e�s � = u1(t) � e�(t�1): (7) 2 Substituindo (6) e (7) em (5) obtemos que: y(t) = 2e�t + u1(t) � e�(t�1): (8) Questão 2 : (2:5 pontos) Seja f : R! R tal que f(x) = � � x 2 ; 0 < x 6 �: a) (0:7 ponto) De na a extensão ímpar e periódica de período T = 2� da função f e esboce seu grá co no intervalo [�3�; 3�] : Solução: Denotando por h(x) a extensão ímpar e periódica de período T = 2� temos que: h(x) = ������� f (x); 0 < x < � 0; x = 0 e x = � �f(�x); � � < x < 0 ; h(x+ 2�) = h(x): Logo: h(x) = ����������� � � x 2 ; 0 < x < � ; 0; x = 0 e x = 2; �� � x 2 ; � � < x < 0; h(x+ 2�) = h(x) (9) b) (0:8 ponto) Denotando por h(x) a função do item a) determine sua série de Fourier. Solução: Temos que: bn = 2 � Z � 0 � � � x 2 � sinnxdx =) bn = Z � 0 sinnxdx� 1 � Z � 0 x sinnxdx =) bn = � 1 n [cosnx] � 0 � 1 � � � 1 n [x cosnx] � 0 + 1 n2 [sinnx] � 0 � =) bn = � (�1) n n + 1 n + (�1)n n =) bn = 1 n : (10) 3 De (10) segue que a série de Fourier de h(x) é dada por: 1X n=1 sinnx n : (11) c) (1:0 ponto) Utilizando o item b) calcule a soma da série numérica 1X n=1 sinn n : Justi que sua resposta. Solução: Substituindo x = 1 na série dada por 11 e sabendo que em x = 1 a função h é contínua obtemos que; 1X n=1 sinn n = � � 1 2 : (12) Questão 3 : (2:5 pontos) Considere o seguinte problema de Sturm-Liouville:������� X 00(x) + �X(x) = 0; X(0) = 0; X 0(�) = 0: a) (0:7 ponto) Mostre que � < 0 é inaceitável, justi cando sua resposta. Solução: mDa equação (i) obtemos que: r2 + � = 0 =) r = +�p��: (13) Considerando � = ��2 na equação (13) obtemos pela tabela que: X (x) = c1 e �x + c2 e ��x: (14) Substituindo x = 0 em (14) obtemos que: X(0) = c1 + c2 (ii) = 0 =) c2 = �c1: Substituindo o valor de c2 em (14) resulta que: X (x) = c1 e �x � c1 e��x: (15) Derivando a equação (15) obtemos que: X 0(x) = �c1 e�x + �c1 e��x: (16) Substituindo x = � em (16) obtemos que: X (�) = �c1 e �� + �c1 e ��� (iii)= 0 =) 4 �c1 e �� = ��c1 e��� =) c1 = 0; pois, � 6= 0: Substituindo o valor de c1 em (15) resulta que: X (x) = 0 =) � < 0 é inaceitável, (17) pois, contraria a de nição de autovetor. b) (0:8 ponto) Mostre que � = 0 é inaceitável, justi cando sua resposta . Solução: Substituindo � = 0 na equação (13) e da tabela obtemos que: X(x) = c3 + c4 x: (18) Substituindo x = 0 em (18) obtemos que: X(0) = c3 (ii) = 0: Substituindo o valor de c1 em (18) resulta que: X(x) = c4 x: (19) Derivando a equação (19) obtemos que: X 0(x) = c4: (20) Substituindo x = � em (20) obtemos que: X 0(�) = c4 (iii) = 0: Substituindo o valor de c2 em (19) resulta que: X (x) = 0 =) � = 0 é inaceitável, (21) pois, contraria a de nição de autovetor. c) (1:0 ponto) Mostre que �n = �2 = (2n� 1) 4 2 e que Xn(x) = sin (2n� 1) 2 x são os autovetores correspondentes. Solução: Considerando � = �2 na equação (13) obtemos pela tabela que: X (x) = c5 cos�x+ c6 sin�x: (22) Substituindo x = 0 em (22) obtemos que: X(0) = c5 (ii) = 0: Substituindo o valor de c1 em (22) resulta que: 5 X (x) = c6 sin�x: (23) Derivando a equação (23) obtemos que: X 0(x) = �c6 cos�x: (24) Substituindo x = � em (23) resulta que: X 0(�) = c6 cos�� (iii) = 0: (25) Como desejamos obter autovetores segue de (25) que c2 6= 0: Logo: cos�� = 0 =) � = (2n� 1) 2 ; n = 1; 2; 3; ::: (26) Como � = �2 então de (26) os autovalores �n e os aotovetores Xn(x) são dados por:�������� �n = (2n� 1)2 4 ; n = 1; 2; 3; :: Xn(x) = sin (2n� 1) 2 x; n = 1; 2; 3; ::: (27) Questão 4 : (2:5 pontos) Considere o seguinte problema de valor inicial e de fronteira: ������������� @u @t (x; t) = 4 @2u @x2 (x; t)� u(x; t); 0 < x < �; t > 0; u(0; t) = 0; @u @x (�; t) = 0; t > 0; u(x; 0) = 8 sin 3 2 x = f(x); 0 < x < �: (28) a) (0:6 ponto) Considerando que u(x; t) = X(x)T (t) prove que:����� X 00(x) + �X(x) = 0;T 0(t) + (1 + 4�)T (t) = 0: Solução: Da hipótese que u (x; t) = X (x)T (t) resulta que:�������� @u @t = X(x)T 0(t); @2u @x2 = X 00(x)T (t): (29) 6 Substituindo (29)1 e (29)2 em (28)1 obtemos que: X(x)T 0(t) = 4X 00(x)T (t)�X(x)T (t) =) X(x)T 0(t) 4X (x)T (t) = 4X 00(x)T (t) 4X (x)T (t) � X(x)T (t) 4X(x)T (t) =) T 0(t) 4T (t) + 1 4 = X 00(x) X (x) = �� =) ����� X 00(x) + �X (x) = 0;T 0(t) + (1 + 4�)T (t) = 0: (30) b) (0:4 ponto) Analise as condições de fronteira e conclua que X (0) = 0 e X 0(�) = 0; justi cando sua resposta. Solução: Da hipótese que u (x; t) = X (x)T (t) e substituindo x = 0 nesta igualdade resulta que: u (0; t) = X (0)T (t) (28)2 = 0 =) X (0) = 0; e ou T (t) = 0: Mas, se T (t) = 0 =) u (x; t) = 0; 8 t > 0: Em particular, u (x; 0) = 0; o que é um absurdo, pois, por (28)3 u (x; 0) = 8 sin 3 2 x: Logo: X (0) = 0: (31) Por outro lado temos que @u @x (x; t) = X 0 (x)T (t) e substituindo x = � nesta igualdade resulta que: @u @x (0; t) = X 0 (�)T (t) (28)2 = 0 =) X 0 (�) = 0; e ou T (t) = 0: De forma análoga conclui-se que: X 0 (�) = 0: (32) (c) (0:6 ponto) Determine a solução de T 0(t) + (4 + 4�)T (t) = 0 = 0: Solução: De (30)2 e de (27)1 resulta que: 7 T (t) = ke�(1+(2n�1) 2t: (33) d) (0:9 ponto)Determine a solução u (x; t) do PVIF. Solução: Do que foi exposto temos que a solução de (28)1 e de (28)2 é da forma: u(x; t) = c6 sin (2n� 1) 2 x � ke�(1+(2n�1)2t =) u(x; t) = k0 sin (2n� 1) 2 x � e�(1+(2n�1)2t: (34) Substituindo t = 0 em (34) obtemos que: u(x; 0) = k0 sin (2n� 1) 2 x (28)3 = 8 sin 3 2 x = f(x) =) =) ����� k0 = 8;2n� 1 = 3: (35) Substituindo (35)1 e (35)2 em (34) resulta que: u(x; t) = 8 sin 3 2 x � e�10t: (36) FORMULÁRIO $ �Z t 0 f(�)g(t� �)d� � = $ ff(t)g �$ fg(t)g $ f1g = 1 s $ fsin tg = 1 s2 + 1 $ ft sin tg = 2s (s2 + 1) $ featg = 1 s� a �(t� 1) = e �s $ fu1(t)f(t� 1)g = e�s$ ff(t)g $ ftng = n! sn+1Z � 0 x sinnxdx= � 1 n [x cosnx] � 0 + 1 n2 [sinnx] � 0 : Tabela de EDO Linear de 2a ordem Homogênea X 00(x) + �X (x) = 0 =) r2 + � = 0 =) r = +�p��: Raízes Solução r1; r2 2 R; r1 6= r2 X (x) = c1 er1x + c2 er2x: r1; r2 2 R; r1 = r2 X (x) = c3 er1x + c4 x er1x: r1 = �+ �i; r1 = �� �i X (x) = c5 e�x cos�x+ c6 e�x sin�x: 8 T 0(t) + T (t) = 0 =) T (t) = ke� t: 9
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