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1 Universidade Tecnológica Federal do Paraná DAMAT – Departamento Acadêmico de Matemática Disciplina: Cálculo Numérico – MA70C / 1o semestre de 2013 Professor: Rudimar Luiz Nós Aluno(a): ________________________________________________ Turma: S23 Endereço eletrônico: ________________________________________ Data: 14/08/2013 Primeira Avaliação Parcial Erro – Zero de funções – Sistemas de equações lineares – Ajuste de curvas Observações: 1a. A leitura e interpretação das questões é parte integrante da prova. 2a. Organização é fundamental. Questão 01 Questão 02 Questão 03 APS (2,0) NOTA 01. (Valor: 2,0) A função xexxf 5.03 tem uma única raiz real no intervalo 2,2 , como ilustra a Figura 1. x y Figura 1: Gráfico de 2,2-x ,5.03 xexxf . 2 a) (1,0) Teste as hipóteses do teorema de convergência do Método de Newton-Raphson no intervalo 2,1 , garantindo que 10 x pode ser usado como aproximação inicial. i) 0111 5.015.03 eef 0822 25.03 eef 021 ff A hipótese do Teorema de Bolzano é satisfeita, o que garante a existência de pelo menos uma raiz de xf no intervalo 2,1 . (0,2) ii) 1,2x 05.03 5.02' xexxf 1,2x 0' xf A função xf não tem mínimos ou máximos locais no intervalo 2,1 . (0,3) iii) 1,2x 025.06 5.0'' xexxf A função xf não muda de concavidade no intervalo 2,1 . (0,3) xf xf xx ' 2,1298175.1298175.01 5.03 1 1 1 1 11 5.0 5.0 ' e e f f (0,2) As hipóteses do teorema de convergência são suficientes para garantir que a sequência gerada pelo Método de Newton-Raphson é convergente para a raiz de xf quando se emprega a aproximação inicial 10 x . b) (1,0) Use o Método de Newton-Raphson para aproximar a raiz de xf em 2,1I com aproximação inicial 10 x , precisão 210 e aritmética de ponto flutuante com três algarismos significativos. Lei de recorrência: 1,2,n , 5.03 1 1 1 1 5.02 5.03 1 1 ' 1 1 n n n n x x n n n nn ex ex x xf xf xx (0,2) Tabela 1: Aproximação da raiz de xexxf 5.03 no intervalo 2,1 através do Método de Newton-Raphson. (0,8) n nx 1nn xx 0 1.00 1 1.30 0.30 > 10-2 2 1.23 0.07 > 10-2 3 1.23 0 < 10-2 3 02. (Valor: 4,0) Solucione o sistema de equações lineares 2.1 : 3 4 3 274 815 069 3 2 1 x x x a) (2,0) empregando o Método de Eliminação de Gauss com condensação pivotal e aritmética de ponto flutuante com três algarismos significativos; Matriz aumentada do sistema: 3274 4815 3069 ~ 33.4234.40 33.2834.20 3069 ~ 33.2834.20 33.4234.40 3069 ~ L2 ’=L2-(0.556)L1 p2=3 L3 ’=L3-(-0.539)L2 L3 ’=L3-(0.444)L1 ~ 008.900 33.4234.40 3069 (1,0) 0008.9 33 xx 998.0 34.4 33.4 33.4234.4 232 xxx 999.0 9 99.8 9 998.063 369 121 xxx Solução: 0 998.0 999.0 3 2 1 x x x (1,0) 4 b) (2,0) utilizando o Método de Gauss-Seidel, aritmética de ponto flutuante com três algarismos significativos, 0,0,00 x , precisão 210 e cinco iterações no máximo. Antes de iniciar o processo, garanta a convergência do Método de Gauss-Seidel. Convergência: (0,5) A matriz 274 815 069 não é estritamente diagonal dominante n ijj ijii aa ,1 . Porém, permutando-se a segunda e terceira linhas, a matriz 815 274 069 é estritamente diagonal dominante, o que garante a convergência do Método de Gauss-Seidel (Critério das Linhas). Equações do processo iterativo: (0,5) 121113 3 1 1 1 2 2 1 1 54125.0 243143.0 63111.0 kkk kkk kk xxx xxx xx Tabela 2: Aproximação da solução do sistema (2.1) através do Método de Gauss-Seidel. (1,0) k k x1 k x2 k x3 kkkk vvvVar 321 ,,max 0 0 0 0 1 0.333 -0.619 0.369 1 2 0.745 -0.961 0.154 max{0.553,0.356,1.40} = 1.40 3 0.973 -1.03 0.020 max{0.234,0.0670,6.70} = 6.70 4 1.02 -1.02 -0.010 max{0.0461,0.00980,3.00} = 3.00 5 1.01 -1.00 -0.00625 max{0.00990,0.020,0.600} = 0.600 0 e 0 se ,1 0 se ,0 0 se , 1 1 1 k i k i k i k i k ik i k i k i k i xx xx x x xx v 5 03. (Valor: 2,0) Empregando o Método dos Mínimos Quadrados, aproxime a função 5 x xf , ,-x , pela função 7 1 0 cosxg k kk kxsenbkxaa . Escreva todos os termos da função aproximadora. x y Figura 2: Gráfico de ,x , 5 x xf . 0,- emímpar é 0 kaaxfxfxf (0,5) 0 - senx 5 2 sen xf 1 dxkxdxkxbk (3.1) Calculando a integral indefinida (integração por partes) dxkxxsen : .cos 1 v,dv dx;du , kx k dxkxsen xu Ckxsen k kx k x dxkx k kx k x dxkxxsen 2 1 coscos 1 cos (0,5) (3.2) Substituindo (3.2) em (3.1), tem-se que: 6 kk k k k k k kxsen k kx k x b 1 5 2 cos 5 2 cos 5 21 cos 5 2 0 2 ; .1 5 2 k k k b (0,5) Assim: ; 1 5 2 71 k k kxsen k xg .7 35 2 6 15 1 5 25 2 4 10 1 3 15 2 2 5 1 5 2 xsen xsenxsenxsenxsenxsenxsenxg (0,5) x y Figura 3: Gráfico de 7 1 1 5 2 k k kxsen k xg (vermelho).
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