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Problemas Resolvidos de Física Prof. Anderson Coser Gaudio – Depto. Física – UFES ________________________________________________________________________________________________________ Halliday, Resnick, Walker - Física 2 - 4a Ed. - LTC - 1996. Cap. 22 – Entropia e a Segunda Lei da Termodinâmica 1 HALLIDAY, RESNICK, WALKER, FUNDAMENTOS DE FÍSICA, 4.ED., LTC, RIO DE JANEIRO, 1996. FÍSICA 2 CAPÍTULO 22 - ENTROPIA E A SEGUNDA LEI DA TERMODINÂMICA 30. Um mol de gás ideal monoatômico é usado para realizar trabalho em uma máquina que opera seguindo o ciclo mostrado na Fig. 22-21. Suponha que p = 2p0, V = 2V0, p0 = 1,01 × 105 Pa, e V0 = 0,0225 m3. Calcule (a) O trabalho realizado por ciclo; (b) O calor adicionado por ciclo durante o trecho de expansão abc, e (c) A eficiência da máquina. (d) Qual a eficiência de Carnot de uma máquina operando entre as temperaturas mais altas e mais baixas que ocorrem neste ciclo? Compare esta eficiência com aquela calculada em (c). (Pág. 259) Solução. (a) O trabalho realizado pelo gás é a soma dos trabalhos realizados em cada etapa do ciclo: 0 0ab bc cd da bc daW W W W W W W= + + + = + + + ( ) ( ) ( ) ( )0 0 0 0 0 0 0 0 02 2 2W p V V p V V p V V p V V= − + − = − + − ( )( )5 30 0 0 0 0 02 1,01 10 Pa 0,0225 m 2.272,5 JW p V p V p V= − = = × = 2, 27 kJW ≈ (b) O trabalho Qabc é dado por: abc ab bcQ Q Q= + O trabalho Qab vale: ( )0 0 0 0 0 0 3 3 3 3 32 2 2 2 2 2ab V ab ab ab ab Q nC T n R T nR T p V p p V p V = ∆ = ∆ = ∆ = ∆ = − = O trabalho Qbc pode ser obtido a partir da variação da energia interna da etapa bc, ∆Eint,bc: ( )int, 0 0 0 0 0 3 3 3 3 2 2 3 2 2 2 2bc V bc bc bc bc E nC T n R T nR T p V p V V p V ∆ = ∆ = ∆ = ∆ = ∆ = − = int, 0 0 0 03 2bc bc bc bcE p V Q W Q p V∆ = = − = − 0 0 0 0 0 03 2 5bcQ p V p V p V= + = Logo: Problemas Resolvidos de Física Prof. Anderson Coser Gaudio – Depto. Física – UFES ________________________________________________________________________________________________________ Halliday, Resnick, Walker - Física 2 - 4a Ed. - LTC - 1996. Cap. 22 – Entropia e a Segunda Lei da Termodinâmica 2 ( )( )5 30 0 0 0 0 03 13 135 1,01 10 Pa 0,0225 m 14.771,25 J2 2 2abcQ p V p V p V= + = = × = 14,8 kJabcQ ≈ (c) A eficiência e do ciclo vale: 0 0 0 0 2 0,153813 13 2 abcQ W W p Ve QQ p V = = = = = 0,154e ≈ (d) A eficiência de Carnot eCar vale: Car Q F c a Q c T T T Te T T − − = = Como: pVT nR = Então: 0 0 0 0 0 0Car 0 0 2 2 4 1 3 2 2 4 4 c c a a c c p V p V pV p V p V p VnR nRe p V pV p V nR − − − − = = = = = Car 0,75e = Solução.
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