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Problemas Resolvidos de Física Prof. Anderson Coser Gaudio – Depto. Física – UFES ________________________________________________________________________________________________________ Halliday, Resnick, Walker - Física 2 - 4a Ed. - LTC - 1996. Cap. 22 – Entropia e a Segunda Lei da Termodinâmica 1 HALLIDAY, RESNICK, WALKER, FUNDAMENTOS DE FÍSICA, 4.ED., LTC, RIO DE JANEIRO, 1996. FÍSICA 2 CAPÍTULO 22 - ENTROPIA E A SEGUNDA LEI DA TERMODINÂMICA 05. Um mol de gás ideal monoatômico, inicialmente ocupando um volume de 10 L e à temperatura de 300 K, é aquecido a volume constante até a temperatura de 600 K, expande isotermicamente até atingir a pressão inicial e finalmente é comprimido isobaricamente (à pressão constante), retornando ao volume, pressão e temperatura originais. (a) Calcule o calor absorvido pelo sistema durante um ciclo; (b) Qual o trabalho realizado pelo gás durante um ciclo? (c) Qual a eficiência deste ciclo? (Pág. 257) Solução. O processo descrito no enunciado é mostrado no gráfico abaixo: Inicialmente vamos calcular os calores Q1, Q2 e Q3, envolvidos em cada passo do processo. No passo 1 (isocórico), temos: ( )int,1 1 1 1 1 00 V VE Q W Q nC T nC T T∆ = − = − = ∆ = − ( ) ( ) ( ) ( )1 31 mol 8,314 J/K.mol 600 K 300 K 3.741,3 J 2 Q = − = No passo 2 (isotérmico), temos: int,2 2 2 0E Q W∆ = − = 2 2 0 ln VQ W nRT V = = (1) O volume V pode ser calculado por meio da comparação entre os estados a e c: a a c c a c p V p V T T = 0 0 V V T T = 0 0 V TV T = (2) Substituindo-se (2) em (1): p p0 VVV0 p 1 2 3a b c T0 T Problemas Resolvidos de Física Prof. Anderson Coser Gaudio – Depto. Física – UFES ________________________________________________________________________________________________________ Halliday, Resnick, Walker - Física 2 - 4a Ed. - LTC - 1996. Cap. 22 – Entropia e a Segunda Lei da Termodinâmica 2 0 0 2 0 0 ln ln V T T TQ nRT nRT V T = = ( )( )( ) ( )( )2 600 K 1 mol 8,314 J/K.mol 600 K ln 3.457,7 J 300 K Q = = No passo 3 (isobárico), temos: int,3 3 3E Q W∆ = − 3 int,3 3Q E W= ∆ + Mas: ( )int,3 3 0 1 3.741,3 JV VE nC T nC T T Q∆ = ∆ = − = − = − ( )3 0 3 3 0W p V nR T nR T T= ∆ = ∆ = − ( )( ) ( ) ( )3 1 mol 8,314 J/K.mol 300 K 600 K 2.494,2 JW = − = − Logo: ( ) ( )3 3.741,3 J 2.494,2 J 6.235,5 JQ = − + − = − (a) O calor absorvido no ciclo corresponde à soma dos calores com sinal + em cada etapa: ( ) ( )1 2 3.741,3 J 3.457,7 J 7.199 JQQ Q Q= + = + = 7.200 JQQ ≈ (b) O trabalho executado pelo gás total é a soma dos trabalhos em cada etapa: ( ) ( )1 2 3 0 3.457,7 J 2.494,2 J 963,5 JW W W W= + + = + + = 960 JW ≈ (c) A eficiência do ciclo vale: ( ) ( ) 963,5 J 0,1338 7.199 JQ W e Q = = = 0,13e ≈ Solução.
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