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www.soexatas.com Página 1 Equilíbrio do ponto material • “A resultante do sistema de forças aplicadas a um ponto material em equilíbrio deve ser constantemente nula ��� = 0�". • Exercícios clássicos: 1. (Ibmecrj 2013) Um bloco de 6 kg de massa é mantido em repouso, encostado em uma parede vertical, aplicando-se a ele uma força horizontal F � . Se a aceleração da gravidade vale 10 m/s 2 e o coeficiente de atrito estático entre o bloco e a parede é 0,2, qual é o menor valor de F � , em Newtons para que o bloco permaneça em repouso? a) 60 b) 120 c) 180 d) 240 e) 300 Resposta: [E] A figura mostra as forças que agem no bloco: peso, F � e a força de contato com a parede que já está decomposta em normal e força de atrito. Para haver equilíbrio a resultante deve ser nula, portanto: max(Fat) P N mg 0,2N 60 N 300N F N F 300N μ= → = → = → = = → = 2. (Uel 2012) Uma pessoa, de massa 80,0 kg, consegue aplicar uma força de tração máxima de 800,0 N. Um corpo de massa M necessita ser levantado como indicado na figura a seguir. O coeficiente de atrito estático entre a sola do sapato da pessoa e o chão de concreto é e 1,0µ = . Faça um esboço de todas as forças que atuam em todo o sistema e determine qual a maior massa M que pode ser levantada pela pessoa sem que esta deslize, para um ângulo 45ºθ = . Resposta: Esboço das forças que atuam no sistema: Condição da questão: max max T 800N P' T M.g T M.10 800 M 80kg = = → = → = = Para que a pessoa levante a caixa sem deslizar, temos: Na pessoa: A T.cosθ= Na caixa: T P' M.g= = Ou seja, A T.cos A P'.cos A M.g.cosθ θ θ= → = → = (EQUAÇÃO 1) Força de atrito que atua na pessoa: A .Nμ= Como: N T.sen P N P T.sen N m.g T.senθ θ θ+ = → = − → = − Teremos: A .N .(m.g T.sen )μ μ θ= = − Substituindo na equação 1: A M.g.cos .(m.g T.sen ) M.g.cosθ μ θ θ= → − = Lembre-se que: T P' M.g= = www.soexatas.com Página 2 Ou seja: .(m.g T.sen ) M.g.cos .(m.g M.g.sen ) M.g.cosμ θ θ μ θ θ− = → − = Substituindo os valores: 2 2 .(m.g M.g.sen ) M.g.cos 1.(80.10 M.10.sen45º ) M.10.cos 45º 800 M.10 M.10. 2 2 μ θ θ− = → − = → − = M 40 2kg= M<Mmax, a resposta satisfaz a questão. 3. (G1 - ifsp 2012) Para facilitar a movimentação vertical de motores pesados em sua oficina, um mecânico montou a associação de roldanas mostrada de forma simplificada na figura. Todos os fios, roldanas, os ganchos 1 e 2 e a haste horizontal têm massas desprezíveis. Um motor de peso P será pendurado no gancho 1 e um contrapeso, de peso P 5 , é permanentemente mantido na posição indicada na montagem. O motor permanecerá em repouso, sem contato com o solo, se no gancho 2, preso no contrapeso, for pendurado outro corpo de peso a) P 2 b) P 4 c) P 8 d) P 10 e) P 20 . Resposta: [E] A figura mostra como se distribuem as forças pelo sistema de polias. Analisando o equilíbrio na extremidade direita, temos: P P P P 5P 4P P' P ' 5 4 4 5 20 P P' . 20 − + = ⇒ = − = ⇒ = 4. (Ufpr 2012) Três blocos de massas 1m , 2m e 3m , respectivamente, estão unidos por cordas de massa desprezível, conforme mostrado na figura. O sistema encontra-se em equilíbrio estático. Considere que não há atrito no movimento da roldana e que o bloco de massa 1m está sobre uma superfície horizontal. Assinale a alternativa que apresenta corretamente (em função de 1m e 3m ) o coeficiente de atrito estático entre o bloco de massa 1m e a superfície em que ele está apoiado. a) 3 1 m 2m b) 1 3 m 2m c) 3 1 3m 2m d) 1 3 3m 2m e) 1 3 3m m www.soexatas.com Página 3 Resposta: [A] A figura mostra as forças que agem sobre cada bloco e a junção dos três fios: Isolando a junção → 3 1 3 1T cos60 T m .gcos60 T° = → ° = (01) Isolando o bloco 1 → 1 1 1N .m .g Tμ μ= = (02) Igualando 02 e 01, vem: 31 3 1 m1 m g m g. 2 2m μ μ= → = . 5. (Fuvest 2012) Um móbile pendurado no teto tem três elefantezinhos presos um ao outro por fios, como mostra a figura. As massas dos elefantes de cima, do meio e de baixo são, respectivamente, 20g, 30g e 70g. Os valores de tensão, em newtons, nos fios superior, médio e inferior são, respectivamente, iguais a: a) 1,2; 1,0; 0,7. b) 1,2; 0,5; 0,2. c) 0,7; 0,3; 0,2. d) 0,2; 0,5; 1,2. e) 0,2; 0,3; 0,7. Note e adote: Desconsidere as massas dos fios. Aceleração da gravidade 2g 10 m/s= . Resposta: [A] Dados: mS = 20 g = 20×10 –3 kg; mS = 30 g = 30×10 –3 kg; mS = 70 g = 70×10 –3 kg; g = 10 m/s 2 . 1ª Solução: Podemos pensar de uma maneira simples: – Se cortarmos o fio superior, os três elefantes cairão. Logo, a tração nesse fio superior equilibra os pesos dos três elefantes. Sendo TS a tensão nesse fio, temos: ( ) ( ) 3S C M B C M B S T P P P m m m g 20 30 70 10 10 T 1,2 N. − = + + = + + = + + × ⇒ = – Se cortarmos o fio médio, cairão os elefantes do meio e de baixo. Logo, a tração nesse fio do meio equilibra os pesos desses dois elefantes. Sendo TM a tensão nesse fio, temos: ( ) ( ) 3M M B M B S T P P m m g 30 70 10 10 T 1,0 N. − = + = + = + × ⇒ = – Analogamente, se cortarmos o fio inferior, cairá apenas o elefante de baixo. Logo, a tração nesse fio equilibra o peso desse elefante. Sendo TB a tensão nesse fio, temos: 3 B B B B T P m g 70 10 10 T 0,7 N. −= = = × × ⇒ = 2ª Solução: Racionando de uma maneira mais técnica, analisemos o diagrama de forças sobre cada móbile. www.soexatas.com Página 4 De Cima (C) Do Meio (M) De Baixo (B) Como se trata de um sistema em equilíbrio, a resultante das forças em cada elefante é nula. Assim: ( ) ( ) S C M M M B S C M B S C M B B B 3 2 S S S (C) T P T 0 (M) T P T 0 + T P P P 0 T P P P (B) T P 0 T 20 30 70 10 10 T 120 10 T 1,2 N. − − ⇒ − − = ⇒ − − = ⇒ − − − = ⇒ = + + ⇒ ⇒ − = = + + × × ⇒ = × ⇒ = Em (B): 3 B B B B B T P 0 T P 70 10 10 T 0,7 N. −− = ⇒ = = × × ⇒ = Em (M): ( ) 3M M B M B B B T P T 0 T P T 30 70 10 10 T 1,0 N. − − − = ⇒ = + = + × × ⇒ = 6. (Ifsul 2011) Uma caixa A, de peso igual a 300 N, é suspensa por duas cordas B e C conforme a figura abaixo. O valor da tração na corda B é igual a a) 150,0 N. b) 259,8 N. c) 346,4 N. d) 600,0 N. Resposta: [D] Dado: P = 300 N A Figura 1 mostra as forças que agem no nó. Como a caixa está em repouso, a resultante das forças que agem sobre ela é nula. Então pela regra poligonal, elas devem formar um triângulo, como mostrado na Figura 2. Da Figura 2: B B B B P 1 300 sen30 T 600 N. T 2 T ° = ⇒ = ⇒ = www.soexatas.com Página 5 7. (Espcex (Aman) 2011) Um bloco de massa m = 24 kg é mantido suspenso em equilíbrio pelas cordas L e Q, inextensíveis e de massas desprezíveis, conforme figura abaixo. A corda L forma um ângulo de 90° com a parede e a corda Q forma um ângulo de 37° com o teto. Considerando a aceleração da gravidade igual a 210m / s , o valor da força de tração que a corda L exerce na parede é de: (Dados: cos 37° = 0,8 e sen 37° = 0,6) a) 144 N b) 180 Nc) 192 N d) 240 N Resposta: [E] Observe a figura abaixo. Para haver equilíbrio, a resultante de P � e LT � deve ter o mesmo módulo e ser oposta a QT � . Sendo assim e, a partir do triângulo sombreado, podemos escrever: 0 L L L P 0,6 240 tg37 T 320N T 0,8 T = → = → = 8. (Udesc 2010) Uma pessoa começa a empurrar um bloco de peso igual a 500 N, em repouso sobre um plano inclinado de 30o, com uma força crescente F, paralela ao plano e dirigida para baixo. Dados: cos 30º = 0,9; sen 30º = 0,5. O coeficiente de atrito estático entre o plano e o bloco é 0,70. O valor do módulo da força para o qual o bloco começará a descer o plano inclinado é: a) superior a 350 N b) superior a 65 N c) superior a 315 N d) igual a 175 N e) igual a 500 N Resposta: [B] A figura mostra as forças que agem no bloco. Como o corpo está em repouso → R F 0= 0N Pcos30 500 0,9 450N= = × = 0F Psen30 Fat N F 500.0,5 0,7 450 F 65N+ = = µ → + = × → = Para haver movimento → F 65N> Bibliografia: Junior, Francisco R.; Ferraro, Nicolau G. ; Soares, Paulo A. de Toledo. Fundamentos da física 1. 9ª Edição. São Paulo, moderna, 2007.
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