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* EXEMPLO 1 Calcular as faltas I3, I, I-T, no ponto F, sendo o valor das faltas I3=3200A e I-T=4000A, no barramento de 69 kV (concessionária). Usar Sbase = 100 MVA. T1 T2 69 kV 13,8 kV 0,22 kV LD: 6,667 km T3 F T1eT2:69 kV-13,8 kV Y(aterrados),X=10%;10MVA (cada um) T3 : 1000 kVA, X = 9 %, 13, 8 kV-0,22 kV Y (aterrado) LD: Z1 = (0,3 + j 0,45) /km, Z0 = (0,9 +j 1,20) /km * CÁLCULO DAS REDES Z1, Z2 E Z0 Barra (concessionária): Ibase = 100000/(3.69) = 836,74 A If (3) = -j3200/836,74 = -j3,825 pu Z1 Z2 = 1,0/(-j3,825) = j0,261 Z0 pu = j 0,105 (verificar) Solução: T1 e T2: X1 = X2 = X0 = j0,10 x 100/10 = j 1,0 pu e para T1 e T2 (em // : = j0,05 pu) T3 : X1 = X2 = X0 = j0,09 x 100/1 = j 9,0 pu LD : Z1 = 6,667 x (0,3 + j 0,45) = (2,0 + j3,0) ; Z0 = 6,667 x (0,9 + j 1,20) = (6,0 + j8,0) Zbase = (13,8 x 13,8)/100 = 1,9044 Z1 pu = Z2 pu = 1, 05 + j 1,575 Z0 pu = 3,15 + j 4, 201 * CONSTRUÇÃO DAS REDES SEQUENCIAIS Rede Z0: Z1 th = 1,05 + j 11,336 pu = Z2 th Rede Z1: Rede Z2 Rede Z1 passiva ; ativa Z0 th = j 9,0 pu Rede Z0 passiva * CÁLCULO DA FALTA 3 IFALTA (3) = 1,0/0o /(1,05 + j 11,366) = (0,0081- j 0,0875) pu Ifalta (3) x Ibase (em 0,22 kV) = Ifalta (3) x 100000/(3.0,22) = (2126,06 – j 22 953,4) A = 23 051,6/-84,7º A. As correntes da falta 3 são equilibradas. * OBSERVAÇÃO GERAL: Normalmente, nos casos de faltas assimétricas, elas são calculadas, considerando-se a assimetria, como simétrica em relação à fase calculada a (fase de referência). Dessa maneira, são conseguidas as fórmulas finais mais simples de cálculo das faltas. Por exemplo, a falta monofásica -T é suposta ocorrendo na fase a (assim, as outras duas fases b e c permanecem com situação simétrica em relação à fase a). Já a falta fase-fase, - e a falta fase-fase-terra, - - T são supostas ocorrendo entre as fases b e c, o que mantem uma simetria em relação à fase a, referência. * CÁLCULO DA FALTA : Ia = 0; Ib = - Ic; Ia1 = -Ia2 ; Ic = j 3.Ia1 ; Ib = -j 3.Ia1 Ia1 (-) = 1,0/0o / (2Z1 th) = 0,00405 – j 0,04 pu Ifalta (-) = Ic = j 3.Ia1= 0,0757 + j 0,00702 pu Ifalta (-) = Ic = 19963,3 /5,29o A ou: |Ifalta (-)| = |Ib| = |Ic| = 3/2 . |Ifalta (3)| = 19963,3 A Ia1 Ia2 * CÁLCULO DA FALTA -T Ia1 = 1/0o /(2Z1 +Z0) = Ia2 = Ia0; se Z1th Z2th Ib1 Ic2 Ia1 Ia2 Ia0 Ifalta (-T) = Ia = 3Ia1; Ib = 0; Ic = 0 Z0 th = j 9,0 pu (fazer o cálculo) Sendo: Z1 th = 1,05 + j 11,336 pu = Z2 th * EXEMPLO 2 Equivalente da Concessionária, 69 kV Em um barramento de 69 kV, da concessionária, as correntes de falta trifásica e fase-terra são: I3 (trifásica) = 1000 A e It (fase-terra) = 1300 A. Calcular os valores das impedâncias Z1, Z2 e Z0 (equivalentes Thévenin) vistas do barramento, em pu, com Sbase = 100 MVA. 69 kV Solução: Sbase = 100 MVA; Vbase = 69 kV; Ibase = 100000/(3.69) = 836,74 A * CÁLCULO DE Z1, Z2, Z0: -Cálculo de Z1 e Z2 equivalentes na barra de 69 kV: I falta (3) = -j 1000/836,74 = -j 1,19 pu Z1 = 1,0 /-j1,19 = j 0,836 pu; Z2 Z1 j 0,836 pu -Cálculo de Z0 equivalente: Ifalta ( -T) = -j 1300/(836,74) = -j 1,55 pu = 3.(1 + j 0)/ (Z1 + Z2 + Z0) = 3.(1 + j 0)/(j 1,672 + Z0) Z0 = j 0,264 pu * Exemplo 3: EFEITO DE UM TRANSFORMADOR -Y (FALTA 3 ) Para as correntes de falta calculadas no circuito de BT (0,22 kV), do Exemplo 1, quais os valores de correntes circulando na LD de 13, 8 kV? O transformador de distribuição é Dy - 1. Para falta 3 : as correntes de sequência positiva, Ia1, Ib1, Ic1, sofrem um giro de +30o: no circuito de 13, 8 kV, Ibase = 100000/(3.13,8) = 4183,7 A ---------------------------------------------------------------------------------- Como a falta trifásica é equilibrada: Corrente na fase a (13,8 kV): 1,0/0o /(1,05 + j 11,366) = (0,0081- j 0,0875)x Em Ampères: x 4183,7x1/30o = 376,64/-54,7o A Corrente na fase b (13,8 kV): 376,64/ 65,3o A Corrente na fase c (13,8 kV): 376,64/-174,7o A * PARA FALTA Para falta fase-fase: as correntes de sequência positiva sofrem um giro de +30o e, as de sequência negativa, de –30o. Do lado de BT Do lado de AT Do lado de AT: IB = -j 2 Ia1; IA = j Ia1; IC = j Ia1 * PARA a FALTA -T As correntes de sequência zero ficam confinadas na ligação delta e não passam para o lado da Linha Do lado da BT |IC| = |IA| = 3 x |Ia1| em pu Do lado da AT * FALTAS ATRAVÉS DE IMPEDÂNCIAS 3 : : -T -T * EXEMPLO 4: COM GERAÇÃO DE 02 LADOS Exemplo 4: com Sbase = 100 MVA, calcular a corrente de falta I3 e I -T no ponto F do SEP e, as contribuições, em ampères: Considerar 345 kV, barra infinita, tensão nominal. 345kV T1 230 kV LT 230 kV T2 13,8 kV LT: Z1 j 40 ; Z0 3 x Z1 G1 e G2: 120 MVA (cada um); X1 X2 = j0,25pu, X0=j0,12pu; ligados em Y(aterrado); 13,8 kV T2: 250 MVA; X = 10 %; 230 kV-Y (aterrado), 13,8 kV T1: 300 MVA; Xps= 12% (300 MVA); Xpt= 10 % (100 MVA); Xst = 8% (100MVA); 345 kV-Y(aterrado); 230kV-Y(aterrado), 13,8 kV-. F G1 e G2 * CÁLCULO DOS VALORES pu Xps = 0,12 x 100/300 = 0,04; Xpt = 0,10; Xst = 0,08 Xp = ½ .(Xps + Xpt - Xst) = j 0,03; Xs = j 0,01; Xt = j 0,07 LT: Z1= Z2 = j 40 ; Z0 = j 120 Zbase = (230x230)/100 = 529 Z1 = Z2 = j 0,076 pu; Z0 = j 0,0227 pu T2: j 0,1 x 100/25 = j 0,04 pu G1 e G2: X1 X2 = j 0,25x100/120 = j 0,21pu; X0 =j 0,12x 100 /120 = j 0,10 pu j 0,03 j0,01 j0,076 j0,04 j 0,21 j 0,21 j0,00 j 0,07 F Rede de Sequência Positiva: Z1 th (vista de F) = j 0, 0339 Z2 * FALTAS 3 e -T Falta 3: I3= Ia1=1/0o / 0,0339= -j 29,5 pu: se Ibase=100000/(3.230) = 251,02 A, IF3=-j29,5x251,2 A = 7405,14 /-90º Contribuições: I3 (esquerda)=-j 7405,14 x 0,221/(0,221+0,04) = -j 6270, 25 A I3 (direita) =-j 7405,14 x 0,04 / (0,221+0,04) = -j 1134, 88 A Z0 th (vista de F) = j 0,0244 j 0,03 j 0,01 j0,0227 j0,04 j 0,07 F I-T = 3/0o / (2 x j 0,0339 + j0,0244) = - j 32,54 pu Em ampères: - j 32,54 x 251,02 = 8168,19/ -90 A. Para se encontrar as contribuições, são calculadas as contribuições de Ia1, Ia2 e Ia0. Em seguida, são calculadas as componentes Ia, Ib e Ic, de cada contribuição, a partir da matriz de transformação [T]. Falta -T: Rede de Sequência Zero: * Valores de corrente circulando nos relés Ra, Rb, Rc e Rn ? TCs : 1000: 5 A, I3 (a-b-c) = 4000 A; I (b-c) = 0,87 x 4000A; I-T (a) = 4300 A
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