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Fundac¸a˜o Centro de Cieˆncias e Educac¸a˜o Superior a Distaˆncia do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educac¸a˜o Superior a Distaˆncia do Estado do Rio de Janeiro Me´todos Determin´ısticos II 2o Semestre de 2016 Gabarito da Avaliac¸a˜o a Distaˆncia 2 - AD2 Questa˜o 1 [3,0 pts] Responda as seguintes questo˜es a respeito da func¸a˜o f(x) = x 3 x2+1 (a) Determine o domı´nio de f ; (b) Determine - caso haja - as ass´ıntotas; (c) Verifique que f(x) = x− x x2+1 e calcule lim x→±∞ f(x)− x (d) Verifique se f(x) e´ par ou ı´mpar ou nenhuma das duas; (e) Calcule e estude o sinal de f ′(x); (f) Calcule e estude o sinal de f ′′(x); (g) Junte todas estas informac¸o˜es para fazer um esboc¸o do gra´fico de f . Soluc¸a˜o: ( (a) vale 0, 2+ (b) vale 0, 2+ (c) vale 0, 5 + (d) vale 0, 2+ (e) vale 0, 6+ (f) vale 0, 8+ (g) vale 0, 5 ) (a) O domı´nio sa˜o todos os Reais, visto que o denominador x2+1 na˜o se anula para nenhum valor de x ∈ R. (b) Ao calcularmos os limites: x → +∞, x → −∞ vemos que em ambos os casos a func¸a˜o vai para ∞, desta forma na˜o existe assintotas horizontais. (c) (0, 3 pela verificac¸a˜o +0, 2 pelos limites) Observe que x− x x2+1 = x(x 2+1)−x x2+1 = x 3+x−x x2+1 = f(x), para todo x e x− f(x) = x− x 3 x2 + 1 = x x2 + 1 = 1 x 1 + 1x → 0 quando x→ ±∞. Logo a reta y = x e´ uma espe´cie de assintota inclinada. (d) f(−x) = (−x)3 (−x)2+1 = − x 3 x2+1 = −f(x), portanto a func¸a˜o f e´ ı´mpar. (e) (0, 4 pela calculo de f ′ + 0, 2 pela estudo do sinal) f ′(x) = 3x2(x2 + 1)− x2 · 2x (x2 + 1)2 = x2(x2 + 3) (x2 + 1)2 Veja que f ′(x) > 0 para todo x, logo f e´ sempre crescente. (f) (0, 4 pela calculo de f ′ + 0, 4 pela estudo do sinal) f ′′(x) = (4x3 + 6x)(x2 + 1)2 − (x4 + 3x2) · 2(x2 + 1)2x (x2 + 1)4 = 2x(3− x2) (x2 + 1)3 e´ fa´cil de ver que f ′′(x) = 0 apenas quando x = 0 ou x = ±√3, veja o estudo do sinal de f ′′ abaixo 1 (g) Trace a reta y = x para nos ajudar a fazer o gra´fico. Recorde que a func¸a˜o e´ crescente para todos os valores de x e tambe´m que e´ ı´mpar. Veja que se x < −√3, enta˜o f ′′(x) > 0. Portanto tem a boca voltada para cima, e para x ∈ (−√3, 0) temos f ′′(x) < 0 portanto, f tem a boca voltada para cima. Veja tambe´m que quando x→ −∞, x− f(x) se aproxima de zero com valores negativos. Portanto, a func¸a˜o deve se aproximar de y = x com valores superiores. O resto do gra´fico fazemos pelas simetrias apontadas. Questa˜o 2 [2,0 pts] Um bem tem seu valor depreciado apo´s a compra, a uma taxa de 10% ao ano. Sabendo que o valor pode ser expresso por uma func¸a˜o exponencial, que o valor da compra e´ de R$45.000 , log(2) ∼= 0, 301 e log(3) ∼= 0, 477, determine: a) Determine o valor V como func¸a˜o dos anos t apo´s a compra do bem. b) O valor do bem apo´s 1, 2 e 5 anos apo´s a compra. c) Apo´s quanto tempo o valor do bem tera´ seu valor reduzido a` metade do valor de compra. Soluc¸a˜o: ( a) vale 0, 7+ b) vale 0, 4+ c) vale 0, 9 ) a) Apo´s o primeiro ano, o bem passara´ a valer 45 000−45 000×0, 1 = 45 000×(1−0, 1) = 45 000×0, 9. Apo´s o segundo ano, ele valera´ 45 000×0, 9−45 000×0, 9×0, 1 = 45 000×0, 9(1−0, 1) = 45 000×0, 92. Seguindo este racioc´ınio, apo´s t anos, o valor do bem sera´ V = 45 000× 0, 9t. b) Apo´s 1 ano, o valor do bem sera´ 45 000× 0, 9 = 40 500. Apo´s 2 anos, sera´ 45 000× 0, 81 = 36 450. Apo´s 5 anos sera´ 45 000× 0, 95 = 26 572, 05. c) Devemos substituir o valor de V por 45 0002 na expressa˜o acima e teremos: 45 000 2 = 45 000 × 0, 9t. Para calcular o valor de t temos que 12 = ( 9 10 )t . Como log ab = log a log b e log c d = d log c, logo, 2 t = log 1 2 log( 910) e teremos que t ∼= 6, 6 anos. Ou seja, o valor do bem foi reduzido a` metade seis anos e meio depois, aproximadamente. Questa˜o 3: [3,0 pts] Encontre a derivada das seguintes func¸o˜es: a) f(x) = x2e √ x b) g(x) = 4x+ 5 2− 3x c) h(t) = et 1 + t2 d) l(x) = ex ( x2 − x+ 1)3 Soluc¸a˜o: a) (vale 0, 8) f ′(x) = 1 2 e √ xx3/2 + 2e √ xx. b) (vale 0, 7) g′(x) = 23 (2− 3x)2 . c) (vale 0, 8) h′(x) = et(t− 1)2 (t2 + 1)2 . d) (vale 0, 7) l′(x) = ex ( x2 − x+ 1)2 (x2 + 5x− 2) . Questa˜o 4: [2,0 pts] Encontre os pontos P e Q sobre a para´bola y = 1 − x2 de tal forma que o triaˆngulo ABC for- mado pelos eixos x e pelas retas tangentes em P e Q seja equila´tero. Soluc¸a˜o: Devido a simetria da para´bola com respeito ao eixo y, visto que se avaliarmos em x, ou −x temos mesmo valor de y. Logo e´ razoa´vel esperar que o segmento PQ seja paralelo ao eixo do x. Portanto, o aˆngulo formado pelo segmento PQ e a reta tangente a` para´bola no ponto P deve ser o mesmo aˆngulo formado pela tangente e o eixo do x. Podemos impor que o aˆngulo deve ser de pi/3 visto que o triaˆngulo deve ser equilatero. Da´ı precisamos encontrar x tal que y′(x) = Tg(pi/3) = √ 3 ⇒ −2x = √3 ⇒ x = − √ 3 2 e y = 1− ( − √ 3 2 )2 = 14 . 3 O ponto P = (− √ 3 2 , 1 4) e Q = ( √ 3 2 , 1 4). A reta tangente a` para´bola em P tem equac¸a˜o y − 1 4 = (−2)× ( − √ 3 2 )( x− ( − √ 3 2 )) Fazendo x = 0 obtemos que y = 74 . E o ponto A = (0, 7 4). O lado do Triaˆngulo deve medir 3. 4
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