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FUNDACIONES PROBLEMAS RESUELTOS INDICE Pág. I Fundaciones Superficiales......................................................................................3 - Capacidad de soporte del suelo..........................................................................4 - Dimensionamiento por Capacidad de soporte....................................................33 - Asentamiento y Giro.........................................................................................49 - Dimensionamiento por Asentamiento y Giro.....................................................67 - Capacidad de soporte con Asentamiento y Giro................................................71 - Dimensionamiento por C. de soporte , Asentamiento y Giro.............................78 II Dimensionamiento y diseño de zapatas aisladas..................................................93 III Dimensionamiento y diseño de zapatas combinadas..........................................121 IV Viga en medio elástico.........................................................................................156 V Fundaciones Profundas........................................................................................207 I FUNDACIONES SUPERFICIALES CAPACIDAD DE SOPORTE 1.1.) Se desea fundar un muro sobre el terreno indicado. a) Determine la carga máxima P ton por metro lineal de muro, en el corto plazo. b) Idem, en el largo plazo P relleno de hormigón pobre = 2.2 t/m 3 relleno heterogéneo NF 2m = 1.7 t/m 2 s = 2.7 t/m 3 qadm manto arcilloso saturado e = 0.5 B=1.2m de espesor indefinido qu = 2 kgf/cm 2 (*) ‟ = 25o (*) Resistencia media a la compresión simple c‟= 1 t/m2 Desarrollo: a) Carga por metro lineal de muro en el corto plazo. qult =qhundimiento = cNc+qNq+0.5 BN qNq= resistencia debido a la sobrecarga que rodea a la cimentación 0.5 BN = resistencia por el peso del terreno (empuje pasivo) El estado inicial de tensiones en una arcilla saturada se representa por un ensayo triaxial no consolidado sin drenaje (UU). = 0 o C resistencia al corte sin drenaje c = u =1/2*qu resistencia a la compresión simple c = 10 t/m 2 = 0 Nq = 1 , Nc = 5.5 y N = 0 luego qult = cNc+qNq qadm = qult/FS = cNc/FS1+qNq/FS2 ( ) FS1 = 3 FS2 = 1 q = *Df=1.7*2=3.4 t/m 2 qadm = P/(B*1)+ horm*Df*1 ( ) donde P/(B*1) es la presión máxima considerando 1 m lineal de muro Igualando ( ) y ( ) se obtiene que: P = 20.8 ton b) Idem en el largo plazo. c‟ y ‟ obtenido de ensayo triaxial consolidado drenado. Al disiparse las presiones de poros, tendremos un ángulo de roce: c‟ = 1 t/m2 , ‟ = 25o qult = cNc+qNq+0.5 BN = 1*21+1.7*2*11+0.5* b*1.2*7.2 donde b = sat.- w sat = (Ps+Pw)/Vt = (2.7+0.5)/1.5 = 2.13 t/m 3 entonces b = 2.13-1=1.13 t/m 3 qadm = qult / FS = 21/FS1+37.4/FS2+4.88/FS3 con FS1 = 3 y FS2 = FS3 = 1 qadm = 49.3 t/m 2 qadm = P/B+ horm*Df*1 =49.3 P = (49.3-2.2*2)*1.2 P = 53.9 ton 1.2.) Dado un terreno con un material de fundación conformado por un profundo estrato arcilloso saturado. Determine la “capacidad de soporte última” para una zapata corrida, puesta en la superficie. Ensayos en condiciones no drenadas, sobre muestras tomadas en una profundidad representativa, entregaron valores promedios de: c = 6 t/m 2 = 0 o Desarrollo: qult = cNc+qNq+0.5 BN puesto que en la superficie q = *H = 0 = 0 o N = 0 qult = cNc = 6*5.14 = 30.84 t/m 2 1.3.) Determine qult por capacidad de soporte en la fundación corrida indicada en la figura para : a) caso en que la presión de poros en la arena aumenta en 30% por sobre la presión hidrostática debido a un sismo y b) caso normal. 1.5m Arena seca = 1.8 t/m 2 1.5 m qult=? NF Arena saturada Zp sat = 2.2 t/m 2 c = 0 = 35 o * P Presión de poros en P = 1.3 wZp Desarrollo: a) qult = 0.5 b‟BN +qsNq para = 35 o N = 42 Nq= 41 b‟= Peso boyante equivalente= sat-1.3 w = 0.9 t/m 2 qult = 0.5*0.9*1.5*42 + 1.8*1.5*41 = 28.4 + 110.7 139 t/m 2 qult = 14 kgf/cm 2 b) Para el caso normal. qult = 0.5*(2.2-1)*1.5*42+1.8*1.5*41 = 37.8+110.7 = 148.5 t/m 2 = 15 kgf/cm 2 1.4.) Un galpón de una estructura metálica de 50 metros de longitud, tiene en un extremo un eje resistente cercano a un talud. a) Determine capacidad de soporte del suelo para zapatas ubicadas en las vecindades del talud. b) Determine capacidad de soporte del suelo para zapatasubicadas en el extremo más alejado del talud. b B b = 4 m B = 2 m D = 1 m H=7 m do do= 0.5 m NF = 2.2 t/m 3 = 40° c = 3 t/m 2 Desarrollo: a) Determinación de la carga última del suelo, zapata continua. B = 2 m < H = 7m D/B = 1/2 = 0.5 = 40° do= 0.5 m B H implica caso I de ábaco No =0 do B implica interpolar entre ecuación (1) y (2) Ecuación (1) qult = cNcq+0.5 tBN q Cálculo de Ncq: b/B = 2 = 40 o D/B = 1 Ncq = 6.6 D/B = 0 Ncq = 5.2 D/B = 0.5 Ncq = (6.6+5.2)/2= 5.9 Cálculo de N q: b/B = 2 = 40 o D/B = 1 N q = 120 D/B = 0 N q = 60 D/B = 0.5 N q = (120+60)/2= 90 En (1) do > B qult = cNcq+0.5 bBN q Ncq y N q no cambian qult = 3*5.9+(2.2-1)*2/2*90 = 126 t/m 2 do = 2 qult = 216 t/m 2 do = 0 qult = 126 t/m 2 do = 0.5 qult = 149 t/m 2 b) Idem sin efecto del talud, sacar un equivalente qult = cNc+ DNq+0.5 eqBN supuesto zapata continua = 40 o Nc = 85 Nq = 70 N = 100 eq*B = t*do+ b*(B-do) eq = 1.45 t/m 3 qult = 3*85+2.2*1*70+1/2*1.45*2*100 = 554 t/m 2 qadm = 185 t/m 2 1.5.) Determinar la capacidad de soporte del suelo para las siguientes condiciones. = 33 o P = 60 ton c = 0.9 t/m 2 Mx = 15 t*m P = 1.85 t/m 3 My = 24 t*m My Df = 2 m 2 m 35*40cm L = 3 m x 2.5m Desarrollo : qult = cNcScdc +qNqSqdq+0.5 BN S d Como existe excentricidad: A‟ = B‟*L‟ B‟ = 2.5-2.24/60 = 1.7 m L‟ = 3-2.15/60 = 2.5 m Se debe usar la ecuación de Hansen, con B‟ en vez de B, y los factores también, excepto D/B = 33 o Nc = 38.6 Nq = 26.1 N = 35.2 Sc = 1+(Nq/Nc)*(B‟/L‟) = 1+(26.1/38.6)*(1.7/2.5) = 1.46 dc = 1+0.4*2/2.5 = 1.32 Sq = 1+(B‟/L‟)*tg = 1+(1.7/2.5)*tg33= 1.44 dq = 1+2*tg *(1-sen ) 2 *D/B = 1.22 S = 1-0.4*B‟/L‟ = 1-0.4*1.7/2.5 = 0.73 qult = 0.9*38.6*1.46*1.32+2*1.82*26.1*1.44*1.22+0.5*1.85*1.7*35.2*0.73 = 66.95+169.65+40.41 = 277 t/m 2 qadm = 277/3 = 92.34 t/m 2 b) Vult = qult*B‟*L‟ = 277*1.7*2.5 = 1177 ton Vadm = 392 ton 1.6.) Se ensaya un suelo cohesivo a compresión no confinada, obteniéndose los siguientes valores: qu : ensayo de compresión no confinada (unconfined) = 3.93 4.34 3.72 4.48 4.83 4.27 4.07 t/m 2 Estime la capacidad de soporte para una zapata corrida en la superficie. Desarrollo: qu(promedio) = 4.2 t/m 2 = 0 o qult = capac. de soporte última = cNc en que: c = qu/2 y Nc = 5.7 (Terzaghi) qult = 12.1 t/m 2 1.7.) Una zapata corrida se funda en un estrato de arcilla saturada. c = 5.4 t/m 2 Df = 2 m = 1.76 t/m 3 Determinar la capacidad de soporte última. Desarrollo: El peso del suelo a los lados de la zapata, incrementan la capacidad del suelo para soportar la presión de la zapata sin que ocurra falla plástica. qult = cNc+ ZNq en que: c= 5.4 t/m 2 Nc( =0)= 5.7 = 1.76 t/m 3 Z=Df= 2 m Nq( =0)= 1 qult = 30.78+3.52 = 34.3 t/m 2 1.8.) Estime la capacidad de soporte última para una zapata corrida de las siguientes características: B = 1.5 m = 1.76 t/m 3 Df = 4 m c = 13.8 t/m 2 = 0 Desarrollo: = 0 Nc= 5.7 Nq= 1 N = 0 qult = c*Nc+q*Nq en que q= *Df=1.76*4 =7.04 t/m 2 qult = 78.7 + 7.04 = 85.7 t/m 2 1.9.) Para la zapata corrida mostrada, determine las características de soporte a partir de la teoría de Terzaghi y compare los resultados con la teoría de Meyerhof. Datos: = 1.7 t/m 3 B = 1.2 m c = 2.6 t/m 2 Df = 2 m = 28 o Desarrollo: Cuando existe fricción entre partículas, el peligro de la falla por corte se reduce. qult = cNc +qNq+0.5 BN en que : = 28 o ( Terzaghi ) Nc = 34 Nq = 18 N = 18 qult = 88.4+61.2+194.4 = 344 t/m 2 = 28 o ( Meyerhof ) Nc = 28 Nq = 18 N = 14 qult = 72.8+61.2+14.3 = 148.3 t/m 2 1.10.) Determinar la capacidad de soporte última para el siguiente caso: B = 1.5 m c = 8.38 t/m 2 Df = 9 m = 15 o = 1.84 t/m 3 zapata corrida Desarrollo: qult = cNc +qNq+0.5 BN q = *Df = 9*1.84 = 16.56 t/m 2 = 15 o ( Meyerhof ) Nc = 33 Nq = 9.5 N = 6.2 qult = 276.54+157.32+8.56 = 442 t/m 2 1.11.) Determinar la capacidad de soporte última para el siguiente caso: B = 1.2 m c = 0 Df = 7 m = 30 o = 1.71 t/m 3zapata corrida Desarrollo : Por tratarse de un suelo cohesivo el primer término de la ecuación de soporte es nulo (cNc = 0): qult = ZNq+0.5 BN Para suelos granulares Meyerhof combinó los efectos de Nq y N e introdujo un factor de soporte N q q = 0.5 BN q El valor de N q es directamente proporcional a la profundidad y al coeficiente de empuje del suelo en reposo Ko 3000 Df/B = 7/1.2 = 5.8 6 2000 N q N q 300 1000 qult = 0.5*1.71*1.2*300 = 310 t/m 2 0 10 20 30 40 Df/B Factores de soporte para suelos granulares ( = 30 o ) 1.12.) Determinar en que % disminuye la capacidad de soporte para la zapata corrida para las condiciones de suelo seco y saturado por inundación. B = 1.5 m = 1.84 t/m 3 Df = 0 m = 17 o Desarrollo: La reducción en la capacidad soporte debido a inundaciones temporales es propia de suelos granulares. Para suelos cohesivos , debido a su baja permeabilidad el proceso de saturación es muy lento y menor que el tiempo en que se produce la inundación. Para suelos granulares el agua no tiene un gran efecto en , pero si lo tiene en las presiones efectivas que dan la resistencia al corte del suelo. Como la fundación está en la superficie Df= 0 *Df= 0 qult = 0.5 BN en que: N ( =17 o ) = 3 qult seco =0.5*1.84*1.5*3 = 4.14 t/m 2 Para suelo saturado: b = 0.84 t/m 2 qult sat = 0.5*0.84*1.5*3 =1.89 t/m 2 4.14/100 = 1.89/x x = 45.6 % 46 % hay una reducción de un 54 % En general la saturación produce una disminución de un 50 % en la capacidad de soporte de un suelo granular. 1.13.) Determine el qadm de una zapata corrida para las siguientes condiciones : Df = 0.9 m = 1.56 t/m 3 c = 4.7 t/m 2 La edificación no es sensible ante asentamientos diferenciales. Desarrollo : qult = cNc+ DfNq+0.5 BN = 0 o ( Meyerhof ) Nc = 5.53 Nq = 1.0 N = 0 Como la edificación no es sensible ante asentamientos diferenciales es razonable adoptar un F.S. = 3. qadm = qult/3 = (cNc+ DfNq)/3 = (4.7*5.53+1.68*0.9)/3 qult = 8.66+0.50 = 9.2 t/m 2 1.14.) Un ensayo (CU) entrega las siguientes propiedades para un suelo de fundación. c = 0.96 t/m 2 = 1.93 t/m 3 = 20 o Este suelo soporta una pila circular = 4.5 m a una profundidad de 2.4 m La carga sobre la pila es concéntrica P = 310 ton Determinar el F.S. una vez que haya finalizado el proceso de consolidación. Desarrollo: La consolidación de un estrato de arcilla toma varios años. Al final las propiedades son las medidas en una probeta ensayada en condiciones CU Para = 20 o (Terzaghi) Nc = 18 Nq = 9 N = 4 Para una fundación circular, los factores 1.3 y 0.3 se usan en el primer y último término en vez de 1.0 y 0.5 respectivamente. qult = 1.3cNc+ ZNq+0.3 BN La carga última neta es : qult n = 1.3cNc+ ZNq - Z+0.3 BN = 1.3*0.96*18+1.93*2.4*9-2.4*1.93+0.3*4.5*1.93*4 = 22.46+41.69+4.63+10.42 qult n = 69.9 t/m 2 Agregando la fricción del suelo contra la superficie de la pila, en que la fricción es aproximadamente c/2 Q = 69.9* /4*4.5 2 +0.5*0.96*2 *4.5*2.4 = 1111.7+32.57 =1144.3 ton La carga neta en la fundación es : Q n = P-2.4* /4*4.5 2 *1.93 = 310-73.7 = 236.3 ton FS 1144.3/236.3 =4.84 5 Un valor suficiente si el asentamiento está controlado. 1.15.) Determinar la capacidad de soporte admisible si el suelo es arcilla con un coeficiente de compresibilidad: mv = 0.000522 m 2 /0.1ton = 0.00522 m 2 /ton Se acepta sólo un pequeño asentamiento. c = 4.8 t/m 2 = 1.8 t/m 3 = 8 o Df= 2 m B = 1.2 m L = 6 m Desarrollo: Skempton propone: Nc(rectang.)= (1+0.2B/L)Nc(corrida) = (1+0.2*1.2/6)*Nc = 1.04*Nc El recíproco del producto de c y mv es : (4.8*0.00522) -1 =39.9 40 esto coloca el material en el tipo de “blando” o N.C. y el F:S. para un asentamiento de 1” está en la región de 8. Usando los coeficientes de Terzaghi: = 8 o Nc = 8 Nq = 3 N = 2 qult = 1.04cNc+ ZNq - Z+0.5 BN = 4.8*8*1.04+1.8*2*3-1.8*2+0.5*1.8*1.2*2 = 39.9+10.8-3.6+2.2 = 49.3 t/m 2 La capacidad de soporte admisible , considerando la sobrecarga de 2 m: qadm = 49.3/8 + 1.8*2 = 9.8 t/m 2 Si usamos valores aproximados de Meyerhof, para fundaciones profundas (Df >B): Nc = 18 Nq = 3 N = 1.8 ref p195 La capacidad de carga neta: qult n = cNc+ ZNq- Z+0.5 BN = 4.8*18+1.8*2*3-1.8*2+0.5*1.8*1.2*1.8 = 86.4+10.8-3.6+1.94 qult n = =95.5 t/m 2 1.16.) Para los siguientes datos: B = 28 ft = 8.5 m = 105 lb/ft 3 = 1.68 t/m 3 = 0 o L = 84 ft = 25.5 m Zw = 8 ft = 2.4 m Df = 10 ft = 3.0 m cu = 0.22 ton/ft 2 = 2.37 t/m 2 a) Determinar la capacidad de soporte si la velocidad de aplicación de la carga es rápida en relación a la disipación de la presión de poros. Desarrollo: = 0 o Nc = 5.14 Nq = 1 N = 0 qult = cNc c+qNq q+0.5 BN en que: c = 1+(B/L)(Nq/Nc) = 1+(8.5/25.5)(1/5.14) c = 1.06 q = 1 q = *D = 1.68*2.4 + (3-2.4)*0.68 = 4.44 t/m 2 qult = 2.37*5.14*1.06+4.44*1qult = 17.4 t/m 2 b) Idem si la construcción es lenta y permite una disipación de presión. cd = 0.04 t/ft 2 0.43 t/m 2 d = 23 o qult = cNc c+qNq q+0.5 BN Nc = 18.05 Nq = 8.66 N = 8.20 c = 1.16 q = 1.14 = 0.87 qult = 0.43*18.05*1.16+4.44*8.66*1.14+0.5*0.68*8.5*8.2*0.87 = 9.0+43.83+20.62 qult = 73.5 t/m 2 1.17.) Resuelva el problema 1.16.) si ahora el suelo está constituido por arena medianamente densa. sat = 118 lb/ft 3 = 1.89 t/m 3 hum = 100 lb/ft 3 = 1.60 t/m 3 Se analizaron muestras, y se sometieron a ensayo triaxial: = 1-5.5 o *log( / 1) en que : 1 = 38 o es el ángulo de fricción para un esfuerzo normal medio 1 = 10.8 t/m 2 Desarrollo : qult = cNc c+qNq q+0.5 BN en que : c = 0 q = 1.60*2.4+0.89*(3-2.4) = 4.4 t/m 2 Para determinar el esfuerzo normal medio, es necesario una estimación preliminar de la capacidad de soporte. Para este análisis preliminar suponemos : = 34 o Nc =42.16 Nq = 29.44 N = 41.06 q = 1+(B/L)tg = 1+(8.5/25.5)*tg34 = 1.22 = 1-0.4B/L = 0.87 qult = 4.4*29.44*1.22+0.5*0.89*8.5*41.06*0.87 = 158+135 = 293 t/m 2 El esfuerzo normal promedio a lo largo de la superficie de falla: o = 1/4(qo+3q)(1-sen ) = 0.25*(293+3*4.4)*(1-sen34) = 33.74 t/m 2 entonces representativo: = 38-5.5*log(33.74/10.8) = 35 o se repite el análisis con = 35 o : Nq = 33.30 N = 48.03 q = 1.23 = 0.87 qult = 4.4*33.30*1.23+0.5*0.89*8.5*48.03*0.87 = 180+158 = 338 t/m 2 Como difiere poco del valor anterior, se acepta este valor. 1.18.) Para las características del problema 1.16.) (condiciones no drenadas), determinar la capacidad de soporte si el estrato de arcilla blanda está sobre un gran estrato de arcilla rígida (cu = 0.53 t/ft 2 = 5.7 t/m 2 ) que comienza a 4.9 m de profundidad. Desarrollo: qult= c1Nm+q 2.4m = 1.68 t/m 2 en que: c1 = 2.4 t/m 2 3.0m NF Razón de soporte K B=8.5m L=25.5m 1.9m Cu=2.4 t/m2 K = c2/c1 = 5.7/2.4 = 2.4 Cu=5.7 t/m2 B/H = 8.5/1.9 = 4.5 4 6 2 5.43 5.69 Nm = 5.72 3 5.59 6.00 2.4 5.49 5.81 qult = 2.4*5.72+4.44 = 18.2 t/m 2 Nota: para el caso sin estrato rígido el qult = 17.4 t/m 2 5 % de incremento 1.19.) Resuelva el problema 1.18.) suponiendo que la resistencia al corte del estrato superior es cu = 5.7 t/m 2 y el estrato inferior es 2.4 t/m 2 Desarrollo : qo= c1Nm+q en que : Nm = 1/ +K cNc = índice de punzonamiento = BL/ 2(B+L)H = 1.68 K = c2/c1 = 2.4/5.7 = 0.42 c = 1.06 Nc = 5.14 Nm = 1/1.68+0.42*1.06*5.14 = 2.88 qo = 5.7*2.88+4.44 = 20.9 t/m 2 qo 21 t/m 2 16 % de aumento con respecto al caso 1.18.) 1.20.) Para la siguiente situación , determine qo. = 1.60 t/m 3 3 m 2m = 1.89 t/m 3 B=8.5 L=25.5 9 m = 35 o H=6 m Arcilla dura cu = 0.53 t/ft 2 = 5.7 t/m 2 Desarrollo: qo = qo”*exp 0.67(1+B/L)(H/B) qo” = capacidad de soporte que tendría una fundación similar desplantada en la interfase de los estratos qo” = cNc c+qNq q = 5.7*5.14*1.06+(1.6*2.4+0.898(9-2.4))*1 = 31.06+9.71 = 40.8 t/m 2 qo 41 t/m 2 El espesor crítico del estrato superior: (H/B)crít = 3ln(qo‟/qo”)/(2(1+B/L)) en que qo‟ = capacidad de soporte del estrato superior = 338 t/m 2 ( del problema 1.43.) Hcrit = 3*ln(338/41)/(2*(1+8.5/25.5))*8.5 = 20.2 m 20 m > 9 m qo = 41*exp 0.67*(1+8.5/25.5)*(6/8.5) qo = 77 t/m 2 1.21.) Problemas ( Terzaghi pgs.220-221) 1) Zapata continua B=2.4m c=2 t/m 2 = 17 o = 1.9 t/m 3 Curva de asentamiento falla por corte general Df = 1.8 m qult = cNc+ DfNq+0.5 BN = 17 o ( Terzaghi ) Nc = 12.34 Nq = 4.77 N = 2.08 qult = 2*12.34+1.9*1.8*4.77+0.5*1.9*2.4*2.08 = 24.68+16.31+3.99 = 45 t/m 2 2) Zapata cuadrada B=3.0 m = 37 o = 2 t/m 3 Df = 0 , 0.6 , 1.5 , 3.0 , 4.5 qult = 1.3cNc+ DfNq+0.4 BN = 37 o ( Terzaghi ) Nc = 55.63 Nq = 42.92 N = 56.86 qult = 2*Df*42.92+0.4*2*3*56.86 = 85.84*Df+136.45 t/m 2 Df 0 0.6 1.5 3.0 4.5 qult 13.6 18.8 26.5 39.3 52.3 3) = 1.76 t/m 3 Ensayo de carga con una placa de 0.3*0.3 m 2 La curva de asentamiento llegó a una tangente vertical para una carga de Q = 1600 kgf = 1.6 ton Determinar .17.8 t/m 2 q qult = 0.5 BN = 17.8 t/m 2 N = 67.3 38 o 4) Arena densa = 1.8 t/m 2 Se efectúa un ensayo de carga usando una placa de 0.3*0.3m (sobrecarga = 0.6 m de suelo ) La rotura se produjo para P = 6 ton ¿Cual será la carga de rotura por unidad de área para una zapata cuadrada de 1.5 m situada a la misma cota ? 0.3m qult = DfNq+0.4 BN 6ton 0.6m qult = 6/0.3 2 = 66.7 t/m 2 66.7 = 0.6*1.8*Nq+0.4*1.8*0.3*N = 1.08*Nq+0.216*N 30 o 35 o 37 o 40 o 38 o Nq 18.4 33.3 42.9 64.2 48.93 N 18.1 40.7 56.9 95.5 67.41 qult 23.8 44.8 58.6 89.9 67.4 38 o qult =1.08*48.9+0.4*1.8*1.5*67.4 = 52.81+72.79 = 126.6 t/m 2 5) Losa de 30*30m Capa uniforme de arcilla blanda de 45 m de espesor. Para q= 22.5 t/m 2 se produce la rotura del suelo. Se desea saber cual es el valor medio de la cohesión c de la arcilla. Dada la gran profundidad de la zona de equilibrio plástico se puede despreciar la consolidación de la arcilla producida antes de la rotura y suponer además que = 0 qds = 6.2*c (Ec. 33.15) c 0 3.6 t/m 2 1.22.) Para la fundación cuadrada de la figura, determine la capacidad de soporte admisible usando las ecuaciones de : a) Terzaghi V b) Hansen c) Meyerhof =1.76t/m 3 Usar factor de seguridad igual a 3.0 =20 o D=1.2m c=1.95t/m 2 Desarrollo: B Nc Nq N N‟c N‟q N‟ Terzaghi 17.7 7.4 5.0 11.8 3.9 1.7 Hansen 14.83 6.4 2.9 Meyerhof 15 6.8 2.9 Fórmula gral. de Terzaghi: qult = cNc+qNq+0.5 BN para zapatas cuadradas: qult = 1.3cNc+qNq+0.4 BN El 0.4 sale de un factor de corrección tabla 6.3, lect. Shallow Foundation (Sowers) 0.5*0.9 = 0.45 0.4 a) Terzaghi: qult = 1.3*1.95*17.7+1.76*1.2*7.4+0.4*1.76*B*5 t/m 2 = 44.87+15.63+3.52*B = 60.5+3.52*B t/m 2 qadm = qult/F.S. = qult/3 = 20.2+1.17*B t/m 2 Si el suelo es suelto o muy blando c‟, N‟c , N‟q , N‟ en que;(p220 Terzaghi.) c‟ = 2c/3 = 2*1.95/3 = 1.3 qult = 1.3*1.3*11.8+1.76*1.2*3.9+0.4*1.76*B*1.7 = 19.94+8.24+1.2*B = 28.2+1.2*B qadm = qult/3 = 9.39 + 0.4*B t/m 2 (corte local) b) Hansen qult = cNcScdcicgcbc +qNqSqdqiqgqbq+0.5 BN S d i g b en que: S : factor de forma d : factor de profundidad i : factor de inclinación g : ground factor, factor de inclinación del suelo b : factor de base qult = 57.7+26.77/B+1.53*B (D B) = 59.73+22.3*tg -1 (1.2/B)+1.53*B (D>B) qadm = 19.2+8.9/B+0.5*B (D B) c) Meyerhof : qult = 1.2cNc+ DfNq+0.4 BN = 1.2*1.95*15+1.76*12.2*6.8+0.4*1.76*B*2.9 = 35.1+14.36+2.04*B = 49.5+2.04*B qadm = 16.5+0.7*B 1.23.) Si la fundación del problema 1.22.) es de 1.5*1.5m y se somete a un momento que da una excentricidad de la resultante igual a 0.15 m, calcule la tensión de contacto admisible usando: a) el concepto de ancho útil B‟ y Meyerhof b) usando Hansen Usar un factor de seguridad igual a 3.0. Desarrollo: a) Concepto de ancho útil. Calcular la tensión de contacto admisible. B‟=B-2e = 1.5-2*0.15 = 1.2 m qult = cNc(1+0.3B/L)+ DNq+0.4 BN pero al usar el concepto de ancho útil: e V V B B‟ qult = cNc(1+0.3B‟/B)+ DNq+0.4 B‟N ult contacto =Vult/(B‟L) = qult qult = 1.95*15*(1+0.3*1.2/1.5)+1.76*1.2*6.8+0.4*1.76*1.2*2.9 = 36.27+14.36+2.45 = 53.08 t/m 2 qadm = 17.7 t/m 2 (Meyerhof) b) Concepto de ancho útil usando Hansen qult = cNcScdcicgcbc +qNqSqdqiqgqbq+0.5 BN S d i g b ii=gi=bi=1 Para D B : Sc = 1+(Nq/Nc)*(B‟/B) = 1+(6.4/14.83)*(1.2/1.5) = 1.35 dc = 1+0.4*D/B‟ = 1+0.4*1.2/1.2 = 1.4 Sq = 1+(B‟/B)*tg = 1+(1.2/1.5)*tg20= 1.29 dq = 1+2*tg *(1-sen ) 2*D/B‟ = 1+2*tg20*(1-sen20)2*1.2/1.2=1.32 S = 1-0.4*B‟/B = 1-0.4*1.2/1.5 = 0.68 d = 1 qult = 1.95*14.83*1.35*1.4+1.76*1.2*1.29*1.32*6.8 +0.5*1.76*1.2*2.9*0.68*1 = 54.66+24.45+2.08 = 81.19 t/m 2 qadm = 27.1 t/m 2 (Hansen) 1.24.) Para las condiciones del problema 1.22.), pero para un = 22.5 o calcular la capacidad de soporte. Desarrollo: Se aplica una interpolación lineal a los valores tabulados, de donde se obtienen los siguientes datos: = 22.5 o Nc = 21.4 Nq = 10 N = 7.9 qult = 1.3*1.95*21.4+1.2*1.76*10+0.4*1.76*7.9*B = 54.3+21.1+5.6*B = 75.4+5.6*B qadm = 25.1+1.9*B Este problema ilustra la alta sensibilidad del qadm al ángulo de fricción. 1.25.) De un ensayo a escala real, con los datos indicados, resultó un P = 186.3 ton. Compárelo con el resultado teórico, usando Hansen. Datos: :b = 0.9 t/m 3 B = 0.5 m c = 0 Df = 0.5 m = 42.7 o (triaxial) L = 2.0 m Desarrollo: plane strain = 1.1*42.7 = 47 o Nq = 187 N = 300 qult = qNqSqdq+0.5 bBN S d q= 0.93*0.5 = 0.47 t/m 2 Sq = 1+(B/L)*tg = 1+(0.5/2)*tg47= 1.27 dq = 1+2*tg *(1-sen ) 2 *D/B = 1+2*tg47*(1-sen47) 2 *0.5/0.5=1.15 S = 1-0.4*B/L = 1-0.4*0.5/2 = 0.90 d = 1 qult = 0.47*187*1.15*1.27+0.5*0.93*0.5*300*1*0.9 = 128.4+62.8 = 191.1 t/m 2 Pult = 191.1*0.5*2 Pult = 190 ton 1.26.) Determine la carga última que transmite un muro a una zapata corrida considerando el peso propio de la zapata, a) en el corto plazo Pu(t/m)=? b) en el largo plazo Datos: B= 0.8 m Df= 1.5 m d = 1.7 t/m 3 (peso unitario seco) = 10% sat = 2.1 t/m 3 1 m c= 1.5 t/m 2 drenado = 25 o no drenado = 0 o Desarrollo: qult = cNc+qNq+0.5 BN Corto plazo 1 o ) en el corto plazo tenemos un caso no drenado = 0 Nc = 5.5 Nq = 1 N = 0 2 o ) qult = cNc+qNq en que: q = h*Df = 1.7*(1+ )*1.5 = 1.7*(1+0.1)*1.5 = 2.81 t/m 2 3 o ) qult = 1.5*5.5+2.81*1 = 11.06 t/m 2 qult = Pult/A A= 1*0.8 = 0.8 m 2 Pult = 0.8*11.06 = 8.84 t/m 2 4 o ) Considerando el peso propio, hay que descontar el q por peso propio de la zapata y sumar el q por peso propio del suelo. q(ppzapata)= (0.8*1.0*1.0*2.4)/(1*0.8) = 2.4 t/m 2 q(ppsuelo) = (0.8*1*1)*1.7*1.1 /(1*0.8) = 1.87 t/m 2 q = 1.87-2.4 = 0.53 5 o ) Teníamos qult = 11.06 t/m 2 qult neto = 11.06-0.53 = 10.53 t/m 2 6 o ) qult neto = Pult/A = Pult/0.8 Pult=0.8*10.53 = 8.42 t/m Largo plazo 1 o ) En el largo plazo, 0 aumento de la presión efectiva de contacto entre partículas 0 = 25 o Nc = 21 Nq = 11 N = 7 2 o ) qult = cNc+qNq+0.5 bBN = 1.5*21+1.87*1.5*11+0.5*(2.1-1)*0.8*7 = 31.5+30.9+3.1 = 65.51 t/m 2 3 o ) qult neto = 65.5+1.87-2.4 = 64.95 65 t/m 2 4 o ) Pult = qult neto *A = 65*0.8 Pult = 52 t/m 1.27.) Calcule la capacidad de soporte admisible para la fundación indicada en la figura. V = 1.76 t/m 3 = 20 o 1.2 m c = 1.95 t/m 2 1.5m B Desarrollo: Ya que los parámetros del suelo se ajustan bien a la teoría de Balla (cohesión baja), se usará su ecuación. Supondremos además que los parámetros del suelo no cambian en el suelo sumergido. Ya que el método de Balla requiere para su uso el conocer las dimensiones de la fundación, presentamos los resultados en curvas q v/s B , V v/s B, (V=qadmB 2 ). Para B = 1.2 m D/b = 2 , c/b = 1.95/(0.6*1.76) = 1.85 se obtiene = 3.8 para = 3.8 y = 20 o : Nc = 26 Nq = 10 N = 21 y para este caso se tiene W‟ = 0.62 ya que d/B = 0.3/1.2 = 0.25 1 . 0 0 . 9 0 . 8 0 . 7 0 . 6 0 . 5 0 0 . 2 0 . 4 0 . 6 0 . 8 1 . 0 W ‟ d / B 1 . 0 0 . 9 0 . 8 0 . 7 0 . 6 0 . 5 0 0 . 2 0 . 4 0 . 6 0 . 8 1 . 0 W a / D f V D f B B a d F a c t o r e s d e r e d u c c i ó n p o r u b i c a c i ó n d e l n i v e l f r e á t i c o qult = cNc+qNqW+ bN W‟ W = 1 = 1.95*26+1.76*1.2*10+0.6*1.76*21*0.62 = 50.7+21.1+13.7 = 85.5 t/m 2 qadm = 28.5 t/m 2 Para B = 1.8 m: D/b = 1.2/0.9 = 1.33 c/b = 1.95/(0.9*1.76) = 1.23 de los ábacos, interpolando para D/b = 1 y 2 resulta = 3.5 con = 3.5 y = 20 o : Nc = 23 Nq = 9 N = 18 qult = 1.95*23+1.76*1.2*9+0.9*1.76*18*0.58 = 44.9+19+16.5 = 80.4 t/m 2 qadm = 26.8 27 t/m 2 Para B = 3 m: D/b = 1.2/1.5 = 0.8 c/b = 1.95/(1.5*1.76) = 0.74 de los ábacos, interpolando para D/b = 0 y 1 resulta = 2.8 con = 2.8 y = 20 o : Nc = 19 Nq = 8 N = 11 d/B = 0.3/3.0 = 0.1 W‟= 0.55 qult = 1.95*19+1.76*1.2*8+1.5*1.76*11*0.55 = 37.1+16.9+16 = 70 t/m 2 qadm = 23.3 t/m 2 B (m) qadm (t/m 2 ) qadmB 2 =V (ton) 1.2 28.5 41 1.8 27 87 3.0 23.3 210 2.0 3.0 2.5 0 2 31 qadm (t/m ) B (m) 2 1.28.) Determine la longitud de la fundación para una carga de 1000 ton, aplicada a una inclinación de 10 o con respecto a la vertical. Arcilla sobre-consolidada cepa de = 1.72 t/m 3 c = 1.34 kgf/cm 2 3 m puente Desarrollo: B = 4 m Para una inclinación de 10 o la capacidad de soporte se reduce. Meyerhof desarrolló una teoría basada en resultados experimentales. para 10 o Ncq 6 Si suponemos que se trata de una zapata corrida: qult = c*Ncq = 13.4*6 = 80.4 t/m 2 Agregando la presión ejercida por 3 m de suelo, la capacidad de soporte última queda: qult = 80.4 +3*1.72 = 85.6 t/m 2 Usando un F.S. = 6 (Skempton) qadm = 80.4/6+3*1.72 = 18.56 t/m 2 L = 1000/(18.56*4) = 13.5m 14 m La capacidad de soporte de una fundación rectangular es mayor a la de una zapata corrida en el factor (1+0.2B/L) (Skempton) 1+0.2B/L = 1+0.2*4/14 = 1.06 como se trata de un pequeño aumento nos quedamos con L = 14 m 1.29.) a) Determinar la capacidad de soporte para la situación indicada: L>>B =27 o = 35 o c = 10 t/m 2 w = 1.95 t/m 3 1.5m (Ref. fig.3a Navfac p.133) 1.2m D/B = 1.5/1.2 1.0 qult = cNcq+0.5 BN q en que: Ncq = 3.3 y N q = 48 = 10*3.3+0.5*1.95*1.2*48 = 33+56.2 = 89.2 t/m 2 qult 90 t/m 2 b) Idem a a) pero carga vertical. qult = cNc+ DNq+0.5 BN en que : Nc = 52 Nq = 36 N = 40 qult = 10*52+1.95*1.5*36+0.5*1.95*1.2*40 = 520+105.3+46.8 = 672 t/m 2 c) Usando la fig. 3a del Navfac resuelva. B=1.2m qult = cNcq+0.5 BN q en que: Ncq = 6.1 y N q = 80 1.5m qult=10*6.1+0.5*1.95*1.2*80 = 18 o = 61+93.6 = 154.6 t/m 2 qult 155 t/m 2 1.30.) Determinar la capacidad de carga del pilote de la figura: c= 7.2 t/m 2 = 1.73 t/m 3 = 10 o Desarrollo : Meyerhof propone fórmulas semi-empíricas para Nc y Nq para pilas pilas. 15 m De fig. 8.15: Nc = 25 Nq = 3.2 qult = cNc+qNq = 7.2*25+1.73*15*3.2 = 180+83 = 263 t/m 2 40 cm Experimentalmente se ha encontrado que para el caso de pilas de hormigón 0.8c y para pilas de acero = 0.6 a 0.8c Qu = 263*0.4 2 +4*0.4*15*0.8*7.2 = 41.2+138.2 Qu = 180 ton 1.31.) Un grupo de pilotes: L = 9 m = 0.25 m 1m c = 8.9 t/m 2 = 5 o 1m = 1.72 t/m 3 Determinar F.S. mínimo para evitar “tilting collapse”·por falla por corte del grupo Desarrollo : = 5 Nc = 15 y Nq = 1.7 (fig.8.15 p207) La carga última de cada pilote: qult = cNc+qNq = 8.9*15+9*1.72*1.7 =133.5+26.3 = 159.8 t/m 2 Qult = D 4 /4*qult = 7.84 ton Si agregamos el roce en el manto del pilote: = 0.8c = 7.1 t/m 2 Q( ) = 7.1* *0.25*9 = 50.3 ton = 58.1 ton Q(grupo) = 58.1*25 = 1454 ton Pero la capacidad de carga última de un grupo de pilotes se obtiene tratando al conjunto como una fundación cuadrada. Nc = 8 y Nq = 1.6 (fig.8.15) cNc+ ZNq = 8.9*8+1.72*9*1.6 = 71.2+24.8 =96 t/m 2 Agregando la resistencia por fricción se tiene: Qult = 96.0*c.s.área del grupo+ *Asgrupo = 96.0*4 2 +7.1*4*9 = 1536+256 = 1792 ton Terzaghi y Perk han señalado que la carga de diseño (carga admisible en cada pilote multiplicada por el número de pilotes) debe ser 1/3 si se desea evitar el colapso. 1792/3 = 597 F.S.mín = 1454/597 = 2.4 1.32.) a) Determinar la carga última suponiendo que la zapata se carga rápidamente y que el suelo está saturado. = 47 % = 2.72 t/m 3 Usar ecuación de Hansen NF suelo arcilloso saturado 1.5m c = 11.4 t/m 2 = 0 o =3.0m b) Suponga que la carga obtenida en a) se aplica muy lentamente. Se pide calcular el F.S. para esta situación considerando que ahora el suelo de fundación posee: c= 4.6 t/m 2 = 20 o Desarrollo: a) Sr = 1 = 47 % P /Ps = 0.47 s = 2.72 t/m 2 = P/V P Vt Vt = 1 m 3 Ps Vt = Vv+Vs 1= P / +Ps/ s = 0.47*Ps+Ps/2.72 0.837*Ps Ps = 1.194 y P = 0.561 Vs = 1 m 3 Ps = 2.72 ton P = 0.47*2.72 = 1.28 Vv = V = 1.28 sat = (2.72+1.28)/(1+1.28) = 1.755 t/m 3 El suelo actúa como si su densidad tuviera el valor de la densidad sumergida. Para condiciones no drenadas la ecuación de Hansen: qult = 5.14*c*(1+S‟c+d‟c-i‟c-b‟c-g‟c) + q en que: c = 11.4 t/m 2 S‟c = 0.2B/L = 0.2*1 = 0.2 d‟c = 0.4D/B = 0.4*1.5/3 = 0.2 i‟c = 0 (H=0) b‟c = 0 g‟c = 0 qult=qhundimiento = 5.14*11.4*(1+0.2+0.2) = 82.03 t/m 2 Phundimiento= 82.03*3 2 = 738 ton b) 738*F.S./A = cNcScdc+qNqSqdq+0.5 BN S d en que: c = 4.6 t/m 2 Nc = 82 Nq = 72 N = 100 Sc = 1+(Nq/Nc)*(B/L) = 1+(72/82)*(3/3) = 1.88 dc = 1+0.4*D/B = 1+0.4*1.5/3 = 1.4 Sq = 1+(B/L)*tg = 1+(3/3)*tg40= 1.84 dq = 1+2*tg *(1-sen ) 2 *Df/B = 1+2*tg40*(1-sen40) 2 *1.5/3=1.11 S = 1-0.4*B/L = 1+0.4*3/3 = 0.6 d = 1 0.5 B = 0.5*(1.755-1)*3 = 1.13 sustituyendo: 738*F.S./(3*3)=4.6*82*1.88*1.4+0.755*1.5*72*1.84*1.11+1.13*100*0.6*1 82*F.S. = 992.8+166.5+67.8 F.S. = 15 c) Considere ahora que la arcilla está fisurada. Desarrollo: Es posible que a largo plazo las fisuras se abran y desaparezca la cohesión alo largo de ellas. c = 0 738*F.S./9 = 166.5+67.8 F.S. = 2.9 1.33.) Calcule la máxima presión que puede transmitir la base de la zapata al terreno para tener un coeficiente de seguridad al hundimiento igual a 3. Suponga que todo el estrato tiene un grado de saturación Sr = 30 %= cte. Datos: e = 0.5 = 35 o = 1.83 t/m 3 s = 2.6 t/m 3 c = 0 Df = 0.8 m B = 2 m L = 2 m Desarrollo: = 35 o Nq = 35 N = 40 la ec. de Hansen: qult = qNqSqdq+0.5 BN S d en que : q = *D = 1.83*0.8 = 1.46 Sq = 1+(B/L)*tg = 1+(2/2)*tg35= 1.7 dq = 1+2*tg *(1-sen ) 2 *Df/B = 1+2*tg35*(1-sen35) 2 *0.8/2=1.10 S = 1-0.4*B/L = 1-0.4*2/2 = 0.6 d = 1 qult = 1.46*35*1.7*1.1+0.5*1.83*2*40*0.6*1 = 95.82+43.92 = 139.7 t/m 2 qadm(F.S.=3) = 46.58 47 t/m 2 1.34.) a)Repetir el problema 1.33.) pero con la variación que una vez construida se le coloca un relleno compactado de 0.8 m de altura y = 1.8 t/m 3 . b) Repetir el cálculo anterior suponiendo que el nivel freático sube hasta la base de la zapata. c) Repetir b) usando la Fig. 2 del Nafvac DM7.2 p132, con la napa a 0.4 m bajo el sello de fundación. d) Suponer la napa a 0.5 m bajo la base de la zapata. Desarrollo: (Nafvac p131) qult = cNc(1+0.3B/L)+ DNq+0.4 BN Determinación de hum h=0.8m Vt = Vo = Vv+Vs e = Vv/Vs = 0.5 =1.8t/m 3 2.0 m Sr = V /Vv Vs = 1 m 3 Ps = 2.6 ton Vv = 0.5 m 3 V = 0.3*Vv = 0.15 m 3 P = 0.15 ton hum = Ptot/Vtot = (2.6+0.15)/1.5 = 1.83 t/m 3 = 35 Nq = 35 N = 40 qhun = qult = 1DNq+0.4 2BN en que: 1 = 1.8 t/m 3 D = 0.8 m 2 = 1.83 t/m 3 qhun = 1.8*0.8*35+0.4*1.83*2*40 = 50.4+58.6 = 109 t/m 2 qadm(F.S.=3) = 36.3 t/m 2 Notas: 1) En arenas la carga admisible está dada por los asentamientos y no por el qult. 2) En terrenos blandos o muy sueltos, la rotura será parcial. En terrenos densos la rotura será total ( = 40 o ). En nuestro caso asumimos rotura total. b) qult = 1DNq+0.4 2BN = 50.4+0.4* b*2*40 Determinación de b sat = (Pa+P )/Vt = 2.07 t/m 3 b = 1.07 t/m 3 qult = 50.4+0.4*1.07*2*40 = 50.4+34.2 = 84.6 t/m 2 qadm(F.S.=3)= 28.2 t/m 2 c) d = 0.4+0.8 = 1.2 m d/B = 1.2/2 = 0.6 Identifiquemos las fórmulas a usar en la figura 2: 1 o ) En una zapata cuadrada. 2 o ) Se cumple Df B 0.8 2.0 3 o ) Se cumple: Df <d < (Df+do) Df = 0.8 m d = 1.2 m Determinación de do: ¡tomar = 30 o como un valor extremo! d/B = 1.2/2 = 0.6 = 35 d/do = 0.65 do = 0.65*1.2 = 0.78 Df+do = 1.6 qult = cNc(1+0.3B/L)+ tDfNq+ b+F( t- b) 0.4BN F 0.8 evaluación de términos: c = 0 el primer término de qult vale 0 sub = b = 1.07 t/m 3 t = hum = 1.83 t/m 3 qult = 1.83*0.8*35+ 1.07*0.8*(1.83-1.07) *0.4*2*40 = 51.24 20.82 qult = 72.1 t/m 2 qadm = 24.03 t/m 2 d) eq*B = h*do+ b*(B-do) eq = h*do/B+ b- b*do/B = do/B*( h- b)+ b = 5/20*(1.83-1.07)+1.07 = 1.26 t/m 3 qh = DNq+0.4 eqBN = 1.8*0.8*35+0.4*1.26*2*40 = 50.4+40.3 = 90.7 t/m 2 qadm = qh/3 = 30.2 t/m 2 1.35.) Se aplica una carga uniformemente repartida sobre una franja muy larga de 6 m de ancho. a) Determinar la presión de hundimiento(según Terzaghi) b) Se desea un F.S.=3 con respecto a la carga de hundimiento. Determinar el F.S. con respecto a la resistencia al corte. c= 3 t/m 2 = 30 o Desarrollo: a) qult = qhundimiento =cNc+ DNq+0.5 BN en que: D = 0 qhundimiento = cNc = 3*37.2 qhundimiento = 111.6 t/m 2 b) Hay que calcular el número por el cual hay que dividir la cohesión y la tangente de para que el terreno esté en equilibrio bajo la presión minorada. qadm = 111.6/3 = 37.2 t/m 2 hay que determinar F c * = c/F tg * = tg /F qadm= DNq( * ) + c * Nc( * ) como q = D = 0 qadm = c * Nc( * ) (A) c * = 3/F tg * = tg30/F = 0.58/F * = arctg(0.58/F) Nc = (228+4.3 )/(40- ) ( <35 o Krizek) Nc( * ) = (228+4.3*(arctg(0.58/F)))/(40-arctg(0.58/F) (ver p811 G y C II) sustituyendo en (A): 37.2 = 3/F*(228+4.3*(arctg(0.58/F)))/(40-arctg(0.58/F) F 2 1.5 1.4 1.45 1.44 qadm 18.7 33.8 39.8 36.6 37.2 t/m 2 F = 1.44 1.36.) Calcule la fatiga de contacto admisible para una fundación cuadrada para las condiciones indicadas en la figura, usando la teoría de Balla y un F.S. = 3 (cargas permanentes). V = 1.76 t/m 3 = 30 o c = 0 2.4 m B=2.4 m Desarrollo : b = B/2 = 2.4/2 = 1.2 m , D/b = 2.4/1.2 = 2 , c/b = 0 De ábacos se tiene: para D/b = 2 , c/b = 0 y = 30 o = 4 Con = 4 y = 30 o se obtienen: Nc = 40 Nq = 24 N = 68 qult = cNc+qNq+ bN = 0+1.76*2.4*24+1.2*1.76*68 =101.4+143.6 qult = 245 t/m 2qadm = 81.7 t/m 2 1.37.) Repita el problema 1.36.) para = 25 o y c = 27 t/m 2 (0.27 kgf/cm 2 ) Desarrollo: D/b = 2 , c/b = 2.7/(1.2*1.76) = 1.28 , = 25 o Usando ábacos se obtiene : = 4.04 4 y con = 4 y = 25 o : Nc = 33 Nq = 17 N = 39 qult = 2.7*33+2.4*1.76*17+1.2*1.76*39=89.1+71.8+82.4 = 243.3 t/m 2 qadm = 81.1 80 t/m 2 DIMENSIONAMIENTO POR CAPACIDAD DE SOPORTE 1.38.) Para el estanque de acero de la figura determine el ancho de la zapata considerando que está ubicado en un talud con pendiente 1:3 . La altura del estanque es 10 metros con un radio de 9 metros. El estanque almacena un líquido con una densidad de 1.1 ton/m 3 . El anillo interior del estanque se apoya en una cama de arena suelta. Considere que el 60% de la carga se transmite a la cama de arena y el 40% a las zapatas. Considere un sello de fundación promedio a 1.5 metros de profundidad. planta elevación = 27 o c = 2 ton/m 2 r =1.9 ton/m 3 e=1cm acero=7.9 gr/cm 3 H =10 m horm=2.4 ton/m 3 corte AA talud 9 m eje sim. 0.9m Corte A-A Usar Hansen o Nfac V Desarrollo: Hipótesis: Como es un anillo se resuelve considerando zapata Df=1.5m corrida. =arctg(1/3)=18.5 o - Determinación de las solicitaciones sobre la zapata: V = peso del manto + peso del contenido + peso de la zapata Pmanto = 0.1dm*10*10dm*10dm*7.9kgf/dm 3 =100dm 3 *7.9kgf/dm 3 = 0.79 ton/m Pcontenido = *Vol*0.4 = 1.1 t/m 3 Vol= *D 2 /4*h = *18 2 /4*10 m 3 = 2545 m 3 Pcontenido =1.1*2545*.4=1120 ton que se reparten en la longitud del perímetro 2* *r = 56.5 m por lo tanto Pcontenido = 1120/56.5 = 19.8 ton/m Pzapata = B*h*L* horm =B*0.9*1*2.4 = 2.16*B (ton/m) luego V = 0.79+19.8+2.16*B Hay que darse un valor de B e iterar: 1 a iteración: B=1 m V = 22.75 t/m -Determinar qadm usando Hansen qult = cNcScdcgc +qNqSqdqgq+0.5 BN S d g c=2 t/m 2 Nc = 24 (Bowles p190) Sc =1+(Nq/Ncd)*(B/L)=1+(13.25/24)*(1/56.5) 1.0 dc = 1+0.4*k (k=tg -1 (Df/B)=0.983) = 1.39 gc = 1- /147 o = 0.874 entonces: cNcScdcgc =2*24*1*1.39*0.847=58.3 t/m 2 q = *H = 1.9*1.5 =2.85 t/m 2 Nq= 13.25 Sq = 1+(B/L)*tg =1+(1/56.5)*tg27 1.0 dq = 1+2*tg27*(1-sen27)*0.983 = 1.55 gq = (1-0.5*tg18.5) 5 = 0.40 entonces: qNqSqdqgq =2.85*13.25*1.0*1.55*0.40 = 23.6 t/m 2 = 1.9 t/m 2 N = (7.9*10.9)/2= 9.4 S =1-0.4*B/L = 1-0.4*1/56.5 = 0.99 d = 1.0 g = (1-0.5*tg18.4) 5 = 0.40 entonces: 0.5 BN S d g = 0.5*1.9*1*9.4*0.99*1*0.4 = 3.54 t/m 2 por lo tanto: qult = 58.3+23.6+3.54 = 85.44 t/m 2 qadm = qult/3 = 85.44/3 = 28.48 t/m 2 ç Verificación de la capacidad de soporte qsolic = V/(B*L) = 22.75/(1*1) = 22.75 t/m 2 qadm = 28.5 t/m 2 qsolic qadm O.K. 2 a iteración: B = 0.5 m V = 21.7 t/m -Determinación del qadm por Hansen los parámetros que varían son: Sc =1+(13.25/24)*(0.5/56.5) 1.0 dc = 1+0.4*1.25 = 1.5 k= tg -1 (1.5/0.5) = 1.25 entonces: cNcScdcgc =2*24*1*1.5*0.874 = 62.9 t/m 2 Sq = 1+(0.5/56.5)*tg27 1.0 dq = 1+2*tg27*(1-sen27)*1.25 = 1.696 entonces: qNqSqdqgq = 2.85*13.25*1*1.696*0.40 = 25.6 t/m 2 S = 1-0.4*0.5/56.5 1.0 luego: 0.5 BN S d g = 0.5*1.9*0.5*9.4*1*1*0.4 = 1.77 t/m 2 por lo tanto: qult= 62.9+25.6+1.77 = 90.27 t/m 2 qadm = 30.1 t/m 2 Verificación de la capacidad de soporte qsolic = V/(B*L) = 21.7/(0.5*1) = 43.4 t/m 2 qadm qsolic no cumple B = 1 m o ajustar realizando nuevas iteraciones 1.39.) Un silo de 5 metros de altura y 2 metros de diámetro externo, se apoya sobre una zapata circular de 2.4 metros de diámetro. El espesor de las paredes de hormigón es de 30 cm. El material a almacenar tiene un peso unitario de 1.5 ton/m 2 . Considere un evento sísmico que tiene una aceleración máxima de 0.25g que produce una fuerza horizontal a 2.5 metros de la superficie. Las características del suelo son similares a las del problema 1.2.). Determine la profundidad del sello para: a) asegurar la estabilidad del silo y b) cumplir con las exigencias de soporte del suelo Desarrollo: Se modela como zapata de sección circular. Considere que la zapata es rígida. Asumiendo Df 1 m - Solicitaciones Carga vertical V = Vsilo+Vrelleno+Vzapata Vsilo = H* *(2 2 -1.4 2 )/4* horm = 5*3.85 =19.2 ton Vrelleno = ( *1.4 2 /4)*5*1.5 = 11.54 ton Vzapata = ( *2.4 2 /4)*1*2.4 = 10.86 ton V = 19.22+11.54+10.86 = 41.6 ton = V/A =41.6/( *2.4 2 ) = 2.3 ton/m 2 Momento Sea Df = 1 m M = H*(2.5+Df) H = 0.25*(19.22*11.54) = 7.96 ton M = 26.92 t*m e = M/V = 26.92/41.6 = 0.65 m B/6=2.4/6 = 0.40 e B/6 Reacción del suelo: qM,m = V/A M/W W = *D 4 /(64*R) = *2.4 4 /(64*1.2) = 1.36 m 3 qM,m = 2.3 26.92/1.36 = 2.3 19.8 ton/m 2 Ep,Ea kp v = (1+sen27)/(1-sen27)*1.9*1 =5.06 ton/m 2 Ep =1/2*5.06*1 = 2.53 ton/m considerando los 2.4 m de ancho = 2.53*2.4 =6.07 ton ka = 1/kp = 0.38 Ea = 0.86 ton Ea Ep ka v kp v a) Estabilidad del silo Volcamiento M M R V 2 MR = V*D/2+(Ep-Ea)*1/3*1 = 49.92+1.74 = 51.7 t*m MV = 26.92 t*m FSV = 51.7/26.92 = 1.92 2 O.K. b) No cumple con las exigencias de soporte del suelo, ya que m es negativo. Determinación de la capacidad de soporte del suelo (Meyerhof). Sea Df =1 m qult (Meyerhof, carga inclinada, referencia p188 Bowles) qult = cNcdcic+qNqdqiq+0.5 BN d i = Fc + Fq + F c = 2 t/m 2 Nc = 23.9 Nq = 13.2 N = 9.5 dc =1+0.2*√kp*D/B kp = 2.66 = 1+0.2*1.63*1/2.4 = 1.13 ic = (1- o /90 o ) 2 tg = 769/41.6 = 0.2 rad ic = 0.78 = 10.5 o Fc = 2*23.9*1.13*0.78 = 42.1 t/m 2 q = *D = 1.9*1 = 1.9 t/m 2 V = 41.6 ton dq = 1 iq = ic = 0.78 H = 7.69 ton Fq = 1.9*13.2*1*0.78 = 19.56 t/m 2 d = 1 i = (1-10.5/27) 2 = 0.37 F = 0.5*1.9*2.4*9.5*1*0.37 = 8.01 t/m 2 qult = 42.1+19.56+8.01= 69.67 t/m 2 qadm =69.67/3 = 23.2 t/m 2 M = (2.3 + 19.8)*1.2 = 26 t/m 2 M qadm qult (Meyerhof, sin carga inclinada) Sc = 1+0.2*kp*B/L = 1.51 Sq = 1+0.1*kp*B/L = 1.27 S = 1.27 qult = cNcScdc +qNqSqdq+0.5 B‟N S d qult = 2*23.9*15.1*1.13*+1.9*13.2*1.27*1+0.5*1.9*2.15*9.5*1.27*1 = 81.56+31.85+24.64=138 t/m 2 qadm = 46 t/m 2 v/s 23.2 t/m 2 1.40.) Diseñe las fundaciones para el estanque de la figura considerando que : a) la capacidad de soporte del suelo controla el diseño. b) usar ecuación de Hansen (Tablas 4.1 a 4.5 del Bowles). c) estados de carga: EC(1) = normal + viento + estanque vacío EC(2) = normal + viento + estanque lleno d) e/B < 0.3 (el estanque está ubicado en un campo abierto y su colapso no es crítico) e) puede usar método alternativo propuesto por Meyerhof con un factor de reducción Re = 1 - (e/B) 0.5 5 m t = 1.91 t/m3 vol=45 m3 c = 0.5 t/m2 = 3 m = 23° pv= 120 kgf/m2 = 0.7m 9 m Sr = 95 % 1.4 m NF 1.1 m Sr = 100 % =B Desarrollo: - Determinación de solicitaciones H1 = 3*3m 2 *0.12t/m 2 = 1.08 ton H2 = 0.7*9m 2 *0.12t/m 2 = 0.76 ton H = 1.08+0.76= 1.84 ton MSF = H1*(3/2+9+1.4+1.1)+H2*(9/2+2.5) =1.08*13 + 0.76*7 = 14.04+5.29 = 19.33 t*m V = Vo + 1.1*B 2 * horm Vo = 10.4*0.7 2 *2.4+(5*3*3-4.9*2.9*2.9)*2.4 = 21 ton V = 21 + 1.1*B 2 *2.4 = V(B) - Determinación de B tentativo: e/B < 0.3 e = M/V = 19.33/V B(m) V(ton) 19.33/V=e e/B (estanque vacío) 3 44.76 0.43 0.14 2.5 37.5 0.51 0.21 Tentar con 2.0 31.6 0.60 0.31>0.3 B = 2.1 m 2.1 32.64 0.59 0.28<0.3 2.2 33.78 0.57 0.26 2.3 35.0 0.55 0.24 2.4 36.2 0.53 0.22 Capacidad de soporte según Hansen.(Fórmula general p188 Bowles) qult = cNcScdcicgcbc + ......... Como no debe usarse el factor de forma Si en combinación con el de inclinación ii (p191 Bowles Tabla 4-5) qult = cNcdcic +qNqdqiq+0.5 ‟B‟N d i en que ‟ = t-1 = 1.91-1 = 0.91 t/m 2 B‟ = B-2*e =2.1-2*0.59 = 0.92 m Nc = 18 dc = 1.35 ic = 0.86 Nq = 8.7 dq = 1.45 iq = 0.8 N = 4.9 d = 1.0 i = 0.83 Fc= cNcdcic = 10.4 t/m 2 Fq = qNqdqiq= 52.8 t/ m 2 F = 0.5 ‟B‟N d i =1.69 t/m2 qult = 64.9 t/m 2 qadm = qult/3 = 21.6 t/m 2 Verificaciones: M < qadm M = 4*V/(3*L*(B-2*e)) M(B=2.1m) = 4*32.64/(3*2.1*(2.1-2*0.59)) = 22.53 t/m 2 > qadm aumentar B B = 2.2 m Volcamiento: FS = MR/MV = (V*B/2)/19.33 = (32.64*2.1/2)/19.33 = 1.77 < 2 aumentar B Deslizamiento FS = (c*A+N*tg )/H = (0.5*B‟*B+V*tg23)/1.84 = (0.5*0.92*2.1+32.64*tgt23)/1.84 = 14.82/1.84 FS = 8.1 O.K. 2 a Iteración B = 2.3 m B‟ = B-2*e = 2.3-2*0.55 = 1.19 m V = 35.0 ton k = 0.83 dc = 1.33 ic = 0.87 dq = 1.43 iq = 0.89 d = 1.0 i = 0.84 Fc = 10.4 Fq = 52.5
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