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Disciplina - MAT01167 Equac¸o˜es diferenciais II/ Turma A1 Prova 1 - 05/05/2017 Questo˜es: 1. (2pt) Resolva o problema de valor inicial xy′ + 2y = 3, y(1) = 4 e determine o intervalo ma´ximo de definic¸a˜o da soluc¸a˜o. 2. (2pt) Um poss´ıvel modelo para a velocidade v de um corpo de massa m caindo sob a influeˆncia da gravidade e´ dado pela equac¸a˜o diferencial autoˆnoma m dv dt = mg − kv2, onde g e´ a constante de acelerac¸a˜o da gravidade e k e´ uma constante positiva. (Obs. Note que este modelo assume que a forc¸a de resisteˆncia do ar e´ proporcional ao quadrado da velocidade). Assumindo esta modelagem, calcule, em termos de m, g e k, a velocidade terminal do corpo, isto e´ limt→+∞ v(t). Dica: Na˜o e´ necessa´rio resolver a equac¸a˜o. Fac¸a um estudo qualitativo. 3. (2pt) Seja y(t) a temperatura no instante t de um corpo imerso em um meio de temperatura constante ym. A lei do resfriamento de Newton diz que a taxa de variac¸a˜o de y e´ proporcional a` diferenc¸a (ym − y), isto e´, dydt = k(ym − y). No instante t = 0 um bolo e´ tirado do forno e sua temperatura e´ 120 oC. Treˆs minutos mais tarde a temperatura do bolo e´ de 60 oC. Supondo que a temperatura do ambiente e´ controlada e constante em 20 oC, encontre uma expressa˜o expl´ıcita para y(t), a temperatura do bolo no instante t. 4. (2pt) Considere a equac¸a˜o diferencial x2y′′ + 2xy′ − 2y = 0. Sabendo que y1(x) = x e´ uma soluc¸a˜o, encontre uma outra soluc¸a˜o y2 tal que {y1, y2} seja linearmente independente. 5. (2pt) (a) Seja z a soluc¸a˜o do seguinte problema de valor inicial:{ z′′ − z′ − 6z = 0 z(0) = 3, z′(0) = β . Informe a condic¸a˜o que β deve satisfazer para que limt→∞ z(t) = 0. (b) Seja y a soluc¸a˜o do seguinte problema de valor inicial:{ y′′ + 2y′ + ky = 0 y(0) = 3, y′(0) = −2 . Informe a condic¸a˜o que k deve satisfazer para que existam infinitos valores de t para os quais y(t) = 0. 1 Soluc¸o˜es: 1. y(x) = 3 2 + 5 2x2 I = (0,∞). 2. Note que dv dt = f(v) onde f(v) = g − k m v2. O gra´fico de f e´ dado abaixo. Note que se 0 ≤ v < (mg k )1/2 , enta˜o v′ > 0, e portanto v e´ crescente. Agora se v > ( mg k )1/2 enta˜o v′ < 0, e portanto v e´ decrescente. Essa ana´lise permite concluir que a velocidade limite e´ √ mg k . Obs. Consideremos que a constante g de acelerac¸a˜o da gravidade e´ positiva. Sendo assim, na equac¸a˜o mdv dt = mg−kv2, o termo mg, que representa a forc¸a peso, contribui positivamente para dv dt . Portanto, a orientac¸a˜o foi escolhida de modo que o movimento para baixo e´ o que tem velocidade positiva. Note que, neste modelo, a forc¸a˜o de resisteˆncia do ar, representada por −kv2, tem sinal negativo sempre. Portanto esse modelo na˜o se aplica a situac¸o˜es em que um objeto e´ lanc¸ado para cima (o que corresponde a velocidade negativa). Ja´ que, neste caso, a forc¸a de resisteˆncia do ar, tendo o mesmo sinal que a velocidade, estaria favorecendo o movimento, o que e´ incoerente. Foi por isso que acima desenhamos o gra´fico de v′ = f(v) apenas para v ≥ 0. 3. y(t) = 20 + 100 · ( 2 5 )t/3 , ou equivalentemente y(t) = 20 + 100 · e− t3 ln(5/2). 4. Uma opc¸a˜o e´ y2(x) = x −2. A soluc¸a˜o geral da equac¸a˜o e´ dada por y(x) = C1x+ C2x−2. 5. (a) β = −6 (b) E´ preciso que as ra´ızes da equac¸a˜o caracter´ıstica na˜o sejam reais. Isso ocorre se k > 1. 2
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