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www.profafguimaraes.net 1 Prof. A.F.Guimarães Questões Eletricidade 2 Lei de Coulomb Questão 1 (FEI) Duas cargas puntiformes 1 2q Cµ=+ e 2 6q Cµ=− estão fixas e separadas por uma distância de 600 mm no vácuo. Uma terceira carga 3 3q Cµ= é colocada no ponto médio do segmento que une as cargas. Qual é o módulo da força elétrica que atua sobre q3? Dados: 9 2 20 9 10K N m C −= ⋅ ⋅ ⋅ . A( ). 1,2 N; B( ). 2,4 N; C( ). 3,6 N; D( ). 1,2 ⋅10‐3 N; E( ). 3,6 ⋅10‐3 N. Resolução: Considere a figura abaixo: Como as cargas 1 e 3 possuem o mesmo sinal, a carga 3 experimenta uma força de repulsão (vermelho). As cargas 2 e 3 possuem cargas de sinais contrários, portanto a carga 3 experimenta uma força de atração (verde). A força elétrica resultante na carga 3 é expressa por: 3 13 23 .RF F F= + ? ? ? Como as forças possuem a mesma orientação (direção e sentido), a soma vetorial se resume a uma soma algébrica para se obter o módulo da força resultante. Assim teremos, 3 1 3 2 3 13 23 0 02 2 13 23 R q q q q F F F K K r r ⋅ ⋅= + = + ( ) ( )3 3 3 3 6 6 6 6 9 9 2 23 3 12 12 9 9 2 2 2 10 3 10 6 10 3 109 10 9 10 300 10 300 10 6 10 18 109 10 9 10 9 10 9 10 0,6 1,8 2,4 . R R R R F F F F N − − − − − − − − − − ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ + ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ + ⋅⋅ ⋅ = + ∴ = Letra “B”. Obs.: Deve‐se prestar atenção nas unidades do SI. Questão 2 (UNICAMP) Uma pequena esfera isolante de massa igual a 35 10 kg−⋅ e carregada com uma carga positiva de 75 10 C−⋅ está presa ao teto através de um fio de seda. Uma segunda esfera com carga negativa de 75 10 C−⋅ , movendo‐se na direção vertical, é aproximada da primeira. Considere 9 2 20 9 10K N m C −= ⋅ ⋅ ⋅ . a) Calcule a força eletrostática entre as duas esferas quando a distância entre os seus centros é de 0,5 m. b) Para uma distância de 5⋅10‐3 m entre os centros, o fio de seda se rompe. Determine a tração máxima suportada pelo fio. Resolução: a) A força elétrica que atua mutuamente nas duas esferas é expressa por: 1 2 0 2 12 q q F K r ⋅= . 7 1 5 10q C −=+ ⋅ 7 2 5 10q C −=− ⋅movimento q1 q2 q3 F13 F23 300 mm 300 mm www.profafguimaraes.net 2 Substituindo os valores teremos: 7 7 9 2 14 9 9 12 5 10 5 109 10 0,5 25 109 10 0,25 9 10 10 0,009 . F F F F N − − − − ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ ⋅= ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = b) Para esta distância, teremos: No limite do rompimento, teremos para a tração: T P F= + . Utilizando a aceleração da gravidade local o valor de 10 mڄs‐2, o valor da referida tração será: ( ) 1 2 0 2 12 7 7 3 9 23 2 9 8 5 10 5 105 10 10 9 10 5 10 5 10 9 10 10 90,05 . q q T mg K r T T T N − − − − − − = + ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ ⋅ + ⋅ ⋅ = ⋅ + ⋅ ⋅ ∴ = Questão 3 (MACK) Duas cargas elétricas puntiformes idênticas Q1 e Q2, cada uma com 71,0 10 C−⋅ , encontram‐se fixas sobre um plano horizontal, conforme a figura adiante. Uma terceira carga q, de massa 10g, encontra‐se em equilíbrio no ponto P, formando assim um triângulo isósceles vertical. Sabendo que as únicas forças que agem em q são as de interação eletrostática com Q1 e Q2 e seu próprio peso, o valor desta terceira carga é: Dados: 9 2 20 9 10K N m C −= ⋅ ⋅ ⋅ ; 210g m s−= ⋅ . A( ). 1,0⋅10‐7C; B( ). 2,0⋅10‐7C; C( ). 1,0⋅10‐6C; D( ). 2,0⋅10‐6C; E( ). 1,0⋅10‐5C. Resolução: Para a terceira carga permanecer em equilíbrio, a configuração das forças que atuam nela deve ser a seguinte: Previamente, calcularemos o valor das forças que Q1 e que Q2 exercem em q. Como as distâncias de q até Q1 e Q2 são iguais e Q1 = Q2 então as forças terão o mesmo módulo, dado por F: ( ) 7 9 22 6 109 10 3 10 10 . qF F q − − ⋅= ⋅ ⋅ = ⋅ Os componentes na direção do eixo “x” se anulam mutuamente. E os componentes na direção do eixo “y” se somam para equilibrar com o peso. Assim, 0 6 3 7 2 2 30 2 10 0,5 10 10 10 10 . yF P Fsen mg q q C − − = = ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = Letra “A”. 300 300 3,0cm 3,0cm P q Q1 Q2 T P F 300 300 3,0cm 3,0cm P q Q1 Q2 F F Fy Fy Fx Fx www.profafguimaraes.net 3 Questão 4 (FUVEST) Pequenas esferas, carregadas com cargas elétricas negativas de mesmo módulo Q, estão dispostas sobre um anel isolante e circular, como indicado na figura I. Nessa configuração, a intensidade da força elétrica que age sobre uma carga de prova negativa, colocada no centro do anel (ponto P), é F1. Se forem acrescentadas sobre o anel três outras cargas de mesmo módulo Q, mas positivas, como mostra a figura II, a intensidade da força elétrica no ponto P passará a ser: Figura I Figura II A( ). Zero; B( ). (1/2)F1; C( ). (3/4)F1; D( ). F1; E( ). 2F1. Resolução: Sendo negativa a carga colocada no ponto P, teremos a seguinte configuração de forças na carga em P: Todas possuem o mesmo módulo F, pois todas as cargas envolvidas possuem o mesmo módulo e a distância também é a mesma (raio do círculo). Deve‐se observar que todos os componentes horizontais (x) se anulam mutuamente. Já os componentes verticais (y) se somam. Assim, teremos: ( ) 1 1 2 ; 1 2 . y yF F F F Fsen F F sen θ θ = + ⋅ = ∴ = + Agora, com o acréscimo das três cargas positivas, teremos mais três forças adicionais. Para não carregar muito a figura, representarei apenas as forças adicionais. Vale observar que o módulo das forças é o mesmo do caso anterior (as cargas são iguais em módulo e a distância é a mesma). Também aqui, os componentes na direção horizontal (x) se anulam mutuamente, teremos então, apenas os componentes verticais (y) se adicionando. Assim, teremos: ( )2 2 1 2 1 2 . yF F F F sen F F θ= + ⋅ = + ⋅ ∴ = Como a força resultante é expressa por: 1 2 12 .R RF F F F F= + ∴ = ⋅ Letra “E”. Questão 5 (PUC‐RJ) Duas esferas idênticas, carregadas com cargas Q = 30 µC, estão suspensas a partir de um mesmo ponto por dois fios isolantes de mesmo comprimento como mostra a figura. ٓ ٓ ٓ ٓ ٓ θ θ P ْ ٓ ٓ ٓ ٓ ٓ θ θ P ْ ْ ٓ ٓ ٓ ٓ ٓ θ θ P F F F F F Fx Fx Fy Fy ْ ٓ ٓ ٓ ٓ ٓ θ θ P ْ ْ F F F Fx Fx Fy Fy www.profafguimaraes.net 4 Em equilíbrio, o ângulo θ, formado pelos dois fios isolantes com a vertical, é 450. Sabendo que a massa de cada esfera é de 1 kg, que a constante de Coulomb é K = 9 · 109 Nڄm2ڄC‐2 e que a aceleração da gravidade é g ൌ 10 mڄs‐2, determine a distância entre as duas esferas quando em equilíbrio. Lembre‐se de que µ ൌ 10‐6. A( ). 1,0 m; B( ). 0,9 m; C( ). 0,8 m; D( ). 0,7 m; E( ). 0,6m. Resolução: Vamos observar a configuração das forças que atuam em uma das esferas: Onde F é a força de repulsão entre as cargas.Na condição de equilíbrio, teremos: ; ; x x y y T F T Tsen Tsen F T P T Tcos Tcos P θ θ θ θ = = ⇒ = = = ⇒ = Dividindo as duas equações, teremos: 045 1 10 1 10 . Tsen F Ftan Tcos P mg F mg tan F F N θ θθ = ⇒ = = ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = Assim, encontramos a força de repulsão entre as cargas. Utilizando a equação da Lei de Coulomb, poderemos encontrar a distância entre os centros das esferas. Assim, 1 2 0 2 6 6 9 2 2 2 30 10 30 1010 9 10 81 10 0,9 . q q F K r r r r m − − − ⋅= ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ = ⋅ ∴ = Letra “B”. Questão 6 (FUVEST) Quatro pequenas esferas de massa m, estão carregadas com carga de mesmo valor absoluto q, sendo duas negativas e duas positivas, como mostra a figura. As esferas estão dispostas formando um quadrado de lado a e giram numa trajetória circular de centro O, no plano do quadrado, com velocidade de módulo constante v. suponha que as únicas forças atuantes sobre as esferas são devidas à interação eletrostática. A constante de permissividade elétrica é ε0. Todas as grandezas (dadas e solicitadas) estão em unidades SI. a) Determine a expressão do módulo da força eletrostática resultante F que atua em cada esfera e indique sua direção. T F P θ θ Ty Tx a a a a +q +q ‐q ‐q v v v v 0 www.profafguimaraes.net 5 b) Determine a expressão do módulo da velocidade tangencial v das esferas. Resolução: a) Vamos observar a configuração das forças que atuam em uma das cargas. As demais cargas terão uma configuração semelhante. Cada carga experimenta simultaneamente a ação de duas forças de atração (na direção do lado do quadrado) e uma força de repulsão (na direção da diagonal do quadrado). A expressão das forças de atração é dada por: 2 2 0 1 4atr qF aπε= ⋅ . Assim, como a força F’ é a soma das duas forças de atração, é dada por: 2 2 0 1 22 . 4atr qF F F aπε′ ′= ⇒ = ⋅ Pode‐se obter F’ utilizando o teorema de Pitágoras. Mas, como as forças de atração possuem o mesmo módulo e são perpendiculares entre si, basta utilizar a relação da diagonal do quadrado. Já, a força de repulsão, é expressa por: ( ) 2 2 2 2 0 0 1 1 4 4 22 rep rep q qF F aaπε πε = ⋅ ⇒ = ⋅ . De acordo com o texto, as cargas executam um movimento circular uniforme. Desta forma, atua em cada carga, uma força resultante centrípeta. Assim, a força resultante dever apontar para o centro da curva. Logo: 2 2 2 2 0 0 2 2 0 1 2 1 4 4 2 1 12 . 4 2 R rep R R F F F q qF a a qF a πε πε πε ′= − = ⋅ − ⋅ ⎛ ⎞⎟⎜∴ = ⋅ − ⎟⎜ ⎟⎜⎝ ⎠ b) De acordo com a expressão da força centrípeta 2 cp mvF r ⎛ ⎞⎟⎜ ⎟=⎜ ⎟⎜ ⎟⎜⎝ ⎠ , teremos: 2 2 2 0 2 2 2 0 2 0 1 12 4 22 2 1 2 12 4 2 2 1 21 . 4 4 mv q aa q av ma qv a m πε πε πε ⎛ ⎞⎟⎜= ⋅ − ⎟⎜ ⎟⎜⎛ ⎞ ⎝ ⎠⎟⎜ ⎟⎜ ⎟⎜⎝ ⎠ ⎛ ⎞⎟⎜= ⋅ ⋅ − ⎟⎜ ⎟⎜⎝ ⎠ ⎛ ⎞⎟⎜ ⎟∴ = ⋅ −⎜ ⎟⎜ ⎟⎟⎜⋅ ⎝ ⎠ Questão 7 (UnB) A figura adiante ilustra uma das experiências mais fascinantes na evolução da teoria atômica da matéria, realizada por Rutherford, ao bombardear finas lâminas de ouro com partículas alfa. Cada partícula alfa nada mais é do que o núcleo de um átomo de hélio. No experimento de Rutherford, considere que a menor distância entre a partícula alfa e o núcleo do átomo de Au é igual a 0,1 angstrom (1 angstrom = 10‐10 m). Sabendo que o número Trajetória da partícula Partícula alfa Núcleo de Au. B F ? F− ? v? Frep Fatr Fatr F’ a a a a +q +q ‐q ‐q v v v v 0 www.profafguimaraes.net 6 atômico do Au é 79, a carga do elétron é igual a 1,6ڄ10‐19 C e a constante dielétrica do meio é 9ڄ109Nڄm2ڄC‐2 e 1N = 105 dinas, calcule, em dinas, o módulo da força elétrica existente entre a partícula alfa e o núcleo do átomo de Au, quando a partícula estiver no ponto B da trajetória. Despreze a parte fracionária de seu resultado, caso exista. Resolução: Vamos utilizar a Lei de Coulomb para determinar o valor da força entre a partícula alfa e o núcleo do átomo de ouro: ( ) ( ) 0 1 2 2 29 19 210 7 4 9 10 79 2 1,6 10 0,1 10 3640,32 10 3,64 10 . K q q F r F F N F N − − − − ⋅ ⋅= ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ ⋅= ⋅ = ⋅ ⇒ = ⋅ Devemos converter esse resultado para dinas. Assim, 4 53,64 10 10 36,4 . F F N −= ⋅ ⋅ = Desprezando a parte fracionária, teremos: 36 .F dinas= Questão 8 Duas esferas condutoras idênticas muito pequenas, de mesma massa m = 0,30 g, encontram‐se no vácuo, suspensas por meio de dois fios leves, isolantes, de comprimentos iguais L = 1,0 m presos a um mesmo ponto de suspensão 0. Estando as esferas separadas, eletriza‐se uma delas com carga Q, mantendo‐se a outra neutra. Em seguida, elas são colocadas em contato e depois abandonadas, verificando‐se que na posição de equilíbrio a distância que as separa é d = 1,2 m. Pede‐se determinar a carga Q. Dados: Q > 0; K0 = 9,0ڄ109Nڄm2ڄC‐2; g ൌ 10mڄs‐2. Resolução: Observe a figura a seguir, que representa a configuração das esferas em equilíbrio após a eletrização: Após o contato, cada esfera possui metade da carga total. Podemos ainda perceber que, na posição de equilíbrio, cada esfera sofre a ação de três forças, o peso, a força elétrica de repulsão e o peso. Assim, teremos: . x y T F Tsen F T P Tcos P Ftan P θ θ θ = ⇒ = = ⇒ = = Não temos a tangente do ângulo θ, mas podemos determinar a altura do triângulo, pelo teorema de Pitágoras: 2 2 21 0,6 0,8 . y y m = + = (Encontraríamos esse valor, observando que esse triângulo em particular é pitagórico). Assim, a tangente do ângulo θ vale: ¾ Substituindo esse resultado na primeira relação, teremos: 2 9 3 2 9 2 3 2 6 3 4 9 10 34 0,3 10 10 1,2 4 9 10 9 10 1,2 1,2 10 1,2 . F P q q q C Cµ − − − = ⋅ ⋅ / = ⋅ ⋅ ⋅/ ⋅ ⋅ = ⋅ ∴ = ⋅ = 1 m 1,2 m T F P Ty Tx θ www.profafguimaraes.net 7 Questão 9 (FUVEST) Um dos pratos de uma balança em equilíbrio é uma esfera eletrizada A. Aproximando‐se de A uma esfera B com carga igual, mas de sinal contrário. O equilíbrio é restabelecido, colocando‐se uma massa de 2,5 g no prato da balança. A figura ilustra a situação. Dados: K0 = 9,0ڄ109Nڄm2ڄC‐2; g ൌ 10mڄs‐2. a) Qual a intensidade da força elétrica? b) Qual o valor da carga A? Resolução: a) Considerando que a balança possui os braços com o mesmo tamanho, teremos que a força elétrica de atração deve ter a mesma intensidade do peso do no prato da balança. Assim, teremos: 3 2 2,5 10 10 2,5 10 . F P m g F F N − − = = ⋅ = ⋅ ⋅ ∴ = ⋅ b) Uma vez que temos o valor da força elétrica de atração, poderemos determinar o valor das cargas das esferas. ( ) 2 0 2 9 2 2 22 2 4 9 2 8 9 102,5 10 3 10 2,5 10 9 10 9 10 5 10 . K qF r q q q C − − − − − ⋅= ⋅⋅ = ⋅ ⋅ ⋅ ⋅ = ⋅∴ = ⋅ Questão 10 (ITA) Tem‐se três pequenas esferas carregadas com cargas q1, q2 e q3. Sabendo que: I. estas três esferas estão colocadas no vácuo, sobre um plano horizontal sem atrito; II. os centros dessas esferas estão em uma mesma reta horizontal; III. as esferas estão em equilíbrio nas posições indicadas na figura abaixo; IV. a carga da esfera q2 vale +2,7ڄ10‐4 C; V. d1 = d2 = 0,12 m. a) Quais os sinais das cargas q1 e q3 ? b) Quais os módulos de q1 e q3 ? c) Fixadas em suas posições q1 e q3 e admitindo que q2 só pode deslocar ao longo da reta determinada pelas posições de q1 e q3, qual o tipo de equilíbrio de q2? Resolução: a) De acordo com as afirmações I e II, cada esfera se encontra em equilíbrio no vácuo e sem atrito. Se a esfera 2 possui carga positiva, e deve estar em equilíbrio, a força resultante sobre ela deve ser nula, logo teremos: Com 12 32F F= . As forças F21 e F23 representam as forças de reação às forças atuantes na esfera 2. Esta situação pode ocorrer mesmo que as esferas 1 e 3 estejam descarregadas eletricamente pelo processo de indução. Porém, de acordo com as afirmações I e II, as esferas 1 e 3 também devem estar em equilíbrio. Logo, nas esferas 1 e 3 deve existir mais uma força atuando em cada esfera. Assim sendo, se faz necessário que também as A B 3 cm Isolantes d1 d2 q1 q2 q3 d1 d2 q1 q2 q3 F32 F12 F21 F23 www.profafguimaraes.net 8 duas esferas (1 e 3) estejam carregadas eletricamente. Assim, teremos: Com 21 31F F= e 23 13F F= . De acordo com a orientação das forças F31 e F13 podemos concluir que as cargas das esferas 1 e 3 possuem o mesmo sinal. Como a carga da esfera 2 é positiva, e ela sofre atração pelas esferas 1 e 3 simultaneamente, podemos concluir que as esferas 1 e 3 estão carregadas negativamente. b) Como 12 32F F= , teremos: 0 1 2 0 3 2 2 2 1 2 1 3 . K q q K q q d d q q q / // /=/ / = = E também, como 21 31F F= , teremos: ( ) 0 2 0 22 1 1 2 4 2 2 3 2,7 10 0,12 4 0,12 1,08 10 . K q q K q q d d d q q C − − / /⋅ ⋅ ⋅ ⋅/ /= + ⋅ = ⋅ ∴ = ⋅ c) O tipo de equilíbrio para a esfera 2, caso 1 e 3 estejam fixas, é o equilíbrio instável. Uma vez movida para a direita ou para a esquerda, a tendência da esfera 2 é sofrer uma forte atração pela esfera 3 (direita) ou esfera 1 (esquerda), se afastando da posição de equilíbrio, pois a força depende o inverso do quadrado da distância. Questão 11 (INATEL) Dois corpos de massa m e carga q desconhecidas encontram‐se na situação mostrada na figura. Quando a distância de separação é d1 = 20,0 cm, o dinamômetro acusa F1 = 6,45 N, quando d2 = 10,0cm, o dinamômetro indica F2 = 3,75 N. Calcule m e q. Dados: g = 9,8 mڄs‐2 e K0 = 9ڄ109 Nڄm2ڄC‐ 2. Resolução: Sendo as cargas iguais, então a força é de repulsão. Assim teremos: 1 1 2 2 e e F P F F P F = − = − Subtraindo as duas equações, teremos: 2 2 0 0 2 2 2 1 9 2 2 2 6 2,70 1 12,70 9 10 0,1 0,2 2 10 2 . K q K q d d q q C Cµ− ⋅ ⋅= − ⎛ ⎞⎟⎜= ⋅ − ⎟⎜ ⎟⎟⎜⎝ ⎠ ∴ = ⋅ = Utilizando por exemplo, 1 1eF P F= − , teremos: 9 129 10 4 106,45 9,8 0,04 6,45 9,8 0,9 0,75 750 . m m m kg g −⋅ ⋅ ⋅= − = − ∴ = = d m,q m,q g? Dinamômetro d1 d2 q1 q2 q3 F32 F12 F21 F23 F31 F13 d m,q m,q g? Dinamômetro P Fe F www.profafguimaraes.net 9 Questão 12 Uma esfera de plástico, maciça, é eletrizada, ficando com uma densidade de carga superficial σ ൌ 0,05 Cڄm‐2. Em consequência, se uma carga puntiforme q ൌ 1µC fosse colocada exteriormente a 3 metros do centro da esfera, sofreria uma repulsão de 0,02 πN. A esfera é descarregada e cai livremente de uma altura de 750 m, adquirindo ao fim da queda uma energia de 0,009 πJ. Determine a massa específica do plástico da esfera. Dado: g ൌ 10 mڄs‐2. Resolução: Poderemos determinar o raio da esfera utilizando a relação da força de repulsão (neste caso, a esfera se comporta como uma carga puntiforme como se toda a carga se concentrasse no centro): 0 2 9 6 2 3 9 10 100,02 3 0,02 10 . K q Q F r Q Q C π π − − = /⋅ ⋅ ⋅= / = ⋅ Agora que temos a carga total, poderemos determinar o raio da esfera a partir da densidade superficial de carga. Assim, 3 2 3 2 2 0,02 100,05 4 0,02 10 0,2 10 1 . Q A R R R m cm πσ π − − − ⋅/= ⇒ = / ⋅ = ⋅ = = Pelo princípio da conservação da energia mecânica, poderemos determinar a massa da esfera: 0 3 3 6 10 750 0,009 9 10 7,5 10 9 10 . 7,5 m mf mf E E mgh E m m m kg π π π − − = = ⋅ ⋅ = ⋅= ⋅ = ⋅ Assim, a massa específica do plástico será: ( ) 6 32 6 6 3 9 10 7,5 4 10 3 9 10 3 7,5 4 10 0,9 . m V kg m π µ π µ µ − − − − − ⋅/ = = / ⋅= ⋅ ⋅ ∴ = ⋅
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