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UNIVERSIDADE EDUARDO MONDLANE FACULDADE DE CINCIAS Departamento de Matemtica e Informtica Primeiro Teste Licenciaturas em Qu´ımica, Qu´ımica Ambiental e Industrial Disciplina: A´lgebra Linear 1. Ano, 2. Semestre Durao: 100 Minutos 01.09.2017 Ateno!!! DESLIGUEM OS TELEMO´VEIS! permitido, somente, o uso de material de escrita e calculadora. Durante o teste o estudante est proibido de ir aos lavabos, falar com colegas e pedir emprestado qualquer material. Escreva de um modo suscinto, claro e justifique os passos mais importantes. Qualquer folha adicional no ser vlida. BOM TRABALHO!!! Guia˜o de Correcc¸a˜o 1. (1,5 valores) Sejam A uma matriz m × n e B uma matriz 3 × 4 tais que ABT e´ uma matriz 5× p. Enta˜o, para que valores de m,n e p, faz sentido esse produto de matrizes. Resoluc¸a˜o: Para que o produto ABT seja do tamanho 5× P, temos primeiro que achar o tamanho da transposta de B, que e´ 4 × 3, no entanto, n = 4 para que esse produto esteja definido, deste modo, para que cumpra com o pedido m = 5 e p = 3. Por isso ABT esteja definido naquelas condic¸o˜es e´ necessa´rio que m = 5, n = 4 e p = 3. 2. (1,5 valores) Qual das seguintes igualdades e´ verdadeira para todas matrizes 3× 3, A e B? Justifique! (a) (ABT )T −BAT = 03 (b) 2I3 − (A−1A) = (B−1B) (c) (A+B)(A−B) = A2 −B2 (d) (A+ A−1) + (B +B−1) = 2I Resoluc¸a˜o: As igualdades verdadeiras sa˜o, as alineas a, porque pelas proriedades da transposta, isto e´, (A3×3B3×3)T = (BA)T(3×3); e b, porque o produto de uma matriz inversa pela sua correspon- dente ou vice-versa e´ igual a matriz identidade e a soma de matrizes identidades, igual ao multiplo escalar das mesmas. 3. (2,5 valores) Considere a matriz A = 0 0 11 0 0 a b c . Determine os valores de a, b, c de maneira que det(A+ αI) = 0.5− 9α + 2α2 + α3. Resoluc¸a˜o: A+ αI = 0 0 11 0 0 a b c − α 1 0 00 1 0 0 0 1 = α 0 11 α 0 a b c+ α por conseguinte det(A+ αI) = det α 0 11 α 0 a b c+ α = α ∣∣∣∣α 0b c+ α ∣∣∣∣+ ∣∣∣∣1 αa b ∣∣∣∣ = b− aα + cα2 + α3. Portanto, det(A+ αI) = 0.5− 9α + 2α2 + α3 ⇐⇒ b− aα + cα2 + α3 ⇒ a = 9 b = 0.5 c = 2 1 4. (2,5 valores) Se A = ( 2 1 −1 −2 ) enta˜o, calcule ((2I + A2)−1 · A). Resoluc¸a˜o: A2 = ( 2 1 −1 −2 )( 2 1 −1 −2 ) = ( 3 0 0 3 ) 2I + A2 = ( 2 0 0 −2 ) + ( 3 0 0 3 ) = ( 5 0 0 5 ) =⇒ (2I + A2)−1 = ( 1/5 0 0 1/5 ) (2I + A2)−1 · A = ( 1/5 0 0 1/5 )( 2 1 −1 −2 ) = ( 2/5 1/5 −1/5 −2/5 ) 5. (2,5 valores) Sejam A e B duas matrizes de ordem 3, com valores de entrada reais, tais que det(2AB−1) = 24 e det(AB) = 3. Sabendo que det(B) > 0, calcule o valor de det(A). Resoluc¸a˜o: Usando as propriedades dos determinantes, temos: { det(2AB−1) = 24 det(AB) = 3 ⇔ { 23 det(A) det(B−1) = 24 det(A) det(B) = 3 ⇔ 23 det(A) 1 det(B) = 24 det(A) det(B) = 3 suponhamos que det(A) = x, det(B) = y, portanto, podemos resolver{ 8x · 1 y = 24 x · y = 3 ⇔ { x = 3y y2 = 1 ⇔ { · · · y = ±1 Estamos interessados na soluc¸a˜o no caso em que det(B) > 0, neste caso y = 1, assim, det(A) = 3. 6. (2,5 valores) Sabendo que A = a b cd e f g h i e det(A) = 5. Calcule ∣∣∣∣∣∣ g h i −2d −2e −2f a b c ∣∣∣∣∣∣ . Resoluc¸a˜o: Usando a propriedade dos determinantes. “Se B e´ a matriz resultante de A multiplicando uma linha de A por k ∈ R, enta˜o det(B) = k det(A); e Se B e´ a matriz resultante de A trocando duas linhas de A, enta˜o det(B) = − det(A).”∣∣∣∣∣∣ g h i −2d −2e −2f a b c ∣∣∣∣∣∣ = (−2) ∣∣∣∣∣∣ g h i d e f a b c ∣∣∣∣∣∣ = (−1)(−2) ∣∣∣∣∣∣ a b c d e f g h i ∣∣∣∣∣∣ = 2 det(A) = 10. 7. (3,0 valores) Encontre a matriz M, sabendo que (2MT − 3I)−1 = ( 1 −4 0 1 )T Resoluc¸a˜o: Seja 2MT − 3I = B, pelas propriedades das matrizes inversas, temos (B−1)−1 = B; e propriedades das matrizes transpostas temos ( 1 −4 0 1 )T = ( 1 0 −4 1 ) . Deste modo, B = (B−1)−1 = 1 1− 0 ( 1 0 4 1 ) = ( 1 0 4 1 ) . Portanto, 2MT − 3I = ( 1 0 4 1 ) . 2 Seja mais uma vez, M = ( a b c d ) , enta˜o 2 ( a b c d )T − 3 ( 1 0 0 1 ) = ( 1 0 4 1 ) ⇐⇒ ( 2a 2b 2c 2d )T = ( 4 0 4 4 ) ⇐⇒ 2a = 4 2b = 0 2c = 4 2d = 4 assim, MT = ( 2 0 2 2 ) ⇐⇒ M = ( 2 2 0 2 ) 8. (4,0 valores) Usando o Processo de eliminac¸a˜o de Gauss-Jordan, calcule a inversa de A = −1 2 0 −1 0 −2 4 −1 1 −3 0 2 4 −2 1 1 . Resoluc¸a˜o: Vamos reescrever a matriz A na forma [A|I4], isto e´, [A|I4] = −1 2 0 −1 | 1 0 0 0 0 −2 4 −1 | 0 1 0 0 1 −3 0 2 | 0 0 1 0 4 −2 1 1 | 0 0 0 1 O primeiro passo, passa por multiplicar a primeira linha por (−1) ou L1 ← (−1)l1 isto e´ 1 −2 0 1 | −1 0 0 0 0 −2 4 −1 | 0 1 0 0 1 −3 0 2 | 0 0 1 0 4 −2 1 1 | 0 0 0 1 Asseguir vamos prosseguir com o processo de eliminac¸a˜o 1 −2 0 1 | −1 0 0 0 0 −2 4 −1 | 0 1 0 0 1 −3 0 2 | 0 0 1 0 4 −2 1 1 | 0 0 0 1 ∼ [L3 ← l3 + (−1)l1L4 ← l4 + (−4)l1 ] ∼ 1 −2 0 1 | −1 0 0 0 0 −2 4 −1 | 0 1 0 0 0 −1 0 1 | 1 0 1 0 0 6 1 −3 | 4 0 0 1 ∼ [L1 ← (−1/2)l2] ∼ 1 −2 0 1 | −1 0 0 0 0 1 −2 1/2 | 0 −1/2 0 0 0 −1 0 1 | 1 0 1 0 0 6 1 −3 | 4 0 0 1 ∼ L1 ← l1 + (2)l2L3 ← l3 + (1)l2 L4 ← l4 + (−6)l2 ∼ ∼ 1 0 −4 2 | −1 −1 0 0 0 1 −2 1/2 | 0 −1/2 0 0 0 0 −2 3/2 | 1 −1/2 1 0 0 0 13 −6 | 4 3 0 1 ∼ [L3 ← (−1/2)l3] ∼ ∼ 1 0 −4 2 | −1 −1 0 0 0 1 −2 1/2 | 0 −1/2 0 0 0 0 1 −3/4 | −1/2 1/4 −1/2 0 0 0 13 −6 | 4 3 0 1 ∼ L1 ← l1 + (4)l3L2 ← l2 + (2)l3 L4 ← l4 + (−13)l4 ∼ 3 ∼ 1 0 0 −1 | −3 0 −2 0 0 1 0 −1 | −1 0 −1 0 0 0 1 −3/4 | −1/2 1/4 −1/2 0 0 0 0 15/4 | 21/2 −1/4 13/2 1 ∼ [L4 ← (4/15)l4] ∼ ∼ 1 0 0 −1 | −3 0 −2 0 0 1 0 −1 | −1 0 −1 0 0 0 1 −3/4 | −1/2 1/4 −1/2 0 0 0 0 1 | 14/5 −1/15 26/15 4/15 ∼ L1 ← l1 + (1)l4L2 ← l2 + (1)l4 L3 ← l3 + (3/4)l4 ∼ ∼ 1 0 0 0 | −1/5 −1/15 −4/15 4/15 0 1 0 0 | 9/5 −1/15 11/15 4/15 0 0 1 0 | 8/5 1/5 4/5 1/5 0 0 0 1 | 14/5 −1/15 26/15 4/15 = [I4|A−1] portanto, A−1 = −1/5 −1/15 −4/15 4/15 9/5 −1/15 11/15 4/15 8/5 1/5 4/5 1/5 14/5 −1/15 26/15 4/15 “Que ningue´m se engane, so´ se consegue a simplicidade atrave´s de muito trabalho.1” alexmarime c©, 2017 1Clarice Lispector (1920 — 1977) – Escritora brasileira 4
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