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ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 100 11. APLICAÇÕES Nos problemas até aqui analisados, sempre que rompíamos uma rótula tinha-se apenas duas barras concorrendo nesta. Logo, as forças internas que atuam em cada uma das barras são necessariamente iguais (pela 3ª Lei de Newton) como ilustrado na Fig. (11.1). Figura 11.1 – Esquema com duas barras concorrentes numa rótula. Na figura acima, chamam-se as forças da rótula A, que atuam nas barras 1 e 2, de um mesmo nome embora, a rigor, este nome represente duas forças, que se sabe que são iguais aplicando- se a 3ª Lei de Newton. Logo, o que se costuma fazer é uma simplificação da notação. Entretanto, quando mais de duas barras concorrem numa mesma rótula não é possível fazer a associação anterior. Neste caso, deve-se identificar cada uma das forças que atua na rótula por um código que representa a barra na qual a força atua. Neste tipo de problema, deve-se aplicar a condição de equilíbrio da rótula de modo a se obter as equações complementares necessárias para a solução do problema. A Fig. (11.2) ilustra este tipo de problema, e a Fig. (11.3) ilustra o diagrama de corpo livre do nó A. Figura 11.2 – Esquema com 3 barras concorrentes num nó. Aplicando-se as equações de equilíbrio neste nó tem-se 312 AxAxAx FFF += 321 AyAyAy FFF += A 1 2 FAx FAy FAy FAx 1 2 3 FAx1 FAy1 FAy2 FAx2 FAy3 FAx3 ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 101 Figura 11.3 – Diagrama de corpo livre da rótula. 11.1 EXERCÍCIOS RESOLVIDOS 1) Na cadeira de dobrar representada, as barras ABDF e CEH são paralelas. Determine as componentes de todas as forças que atuam sobre a barra ABDF quando uma pessoa de 800 N se senta nessa cadeira. Determine também as reações nos pés da cadeira. Considere que o chão é liso e que metade do peso da pessoa é suportada por cada lado da cadeira. FAx1 FAy1 FAx3 FAy3 FAx2 FAy2 A CB D E F G H 100 200 75 150 100 400 N 250 37,5 37,5 37 5 18 7, 5 12 5 25 0 50 ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 102 Solução: Iniciamos o problema escrevendo-se as equações de equilíbrio externo. Como o chão é liso as reações nos pés da cadeira têm a direção vertical. 4000 =+→=∑ yyy HGF N 67,186N 33,213 04002003750 =→= =⋅−→=∑ yy yG GH HM O próximo passo é romper as rótulas e representar os diagramas de equilíbrio de cada uma das partes que formam a cadeira. xxx CBF =→=∑ 0 (1) yyy CBF =→=∑ 0 000 =→=→=∑ yyB BCM xEDxx EDF =→=∑ 0 (2) 01504002500 =⋅−→=∑ yEDD EM N 240=yEDE 01004002500 =⋅+−→=∑ yE DM N 160=yD D E 150 100 400 N EyEDDy Dx ExED CBBx By Cx Cy A B 160 N F Bx Dx Fy Fx C E H Cx ExCH EyCH 213,3 N E F G 186,7 N Fy Fx ExGE EyGE ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 103 A B C D E 1600 N2 40 500 600 (mm) Equações de equilíbrio para a barra AF xxxx FBDF +=→=∑ 0 (3) N 1600 =→=∑ yy FF 3275,105,437250501600 −=+−→=⋅+−⋅→=∑ xxxxF BDBDM (4) Equações de equilíbrio para a barra GE GExxx EFF =→=∑ 0 (5) N 26,70186,71600 =→=+−−→=∑ yGEyGEy EEF N 04,96EN 04,9602502001603007,1860 xGE =→=→=+⋅+⋅−→=∑ xxE FFM (4) Equações de equilíbrio para a barra HC xCHxx ECF =→=∑ 0 (6) N 3,2130 =→=∑ yCHy EF N 32,8505,1873,213750 =→=−⋅→=∑ xxE CCM (4) N 32,85=xCHE N 32,85=xB N 31,181=xD Para verificarmos a solução é aconselhável fazer um equilíbrio do nó E. 2) Sabendo que as barras ACE e DCB têm cada uma 400 mm de comprimento e estão acopladas por um pino em seu ponto médio C, determine as componentes de todas as forças que atuam na barra DCB, bem como a força na mola. 240 N 26,7 N 213,3 N 181,3 N85,32 N 96,04 N ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 104 Solução: O vínculo B somente impede o movimento vertical, e no ponto A tem-se uma articulação. A figura a seguir representa estas reações. Inicialmente calcula-se a distância entre os pontos D e E mm 320240400 22 =−=DE Equações de equilíbrio externo 00 =→=∑ xx AF 032016005000 =+⋅−→=∑ yA BM N 2500=yB N 900016000 =→=−−→=∑ yyyy AABF Agora vamos romper a estrutura e analisar o equilíbrio de cada uma das partes. A figura abaixo apresenta o diagrama de corpo livre de cada uma das partes. Escrevendo-se as equações de equilíbrio para a barra DE 00 1 =→=∑ xx DF N 2500032016005000 =→=+⋅−→=∑ yyD EEMz N 9000250016000 11 =→=+−−→=∑ yyy DDF Escrevendo-se as equações de equilíbrio da barra AE e substituindo-se nelas, os resultados anteriores, tem-se A C D E 1600 N 24 0 500 (mm) FM FM Ax Ay FM Cx Cy Ey B C Cx Cy By Dy2 Dx2 Ey 320 Dy1 Dx1 FM Dx2 Dx1 Dy1 Dy2 Ay ByC D E 1600 N AX ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 105 00 =→=∑ xx CF N 500025002201603200 =⋅==→=+−→=∑ yyyyzA ECCEM 2500900500000 −−=−−=→=−+−−→=∑ yyymolamolayyyy EACFFCEAF N 1600=molaF Escrevendo-se as equações de equilíbrio para a barra DCB tem-se 00 2 ==→=∑ xxx CDF N 2500250050000 22 =−=→−=→=∑ yyyyy DBCDF Solução 2: Vai-se resolver o mesmo problema sem aplicar as equações de equilíbrio externo. Escrevendo-se as equações de equilíbrio para a barra AE tem-se xxx ACF =→=∑ 0 (1) molayyymolayyyy FEACFCEAF ++=→=−+−−→=∑ 00 (2) 01201603200 =−+−→=∑ xyyzA CCEM (3) Escrevendo-se as equações de equilíbrio para a barra DE tem-se 00 1 =→=∑ xx DF (4) N 2500032016005000 =→=+⋅−→=∑ yyD EEMz (5) N 9000250016000 11 =→=+−−→=∑ yyy DDF (6) Escrevendo-se as equações de equilíbrio para a barra DB tem-se 20 xxx DCF =→=∑ (7) yyyy CDBF =+→=∑ 20 (8) 01201603200 =−−→=∑ xyyzA CCBM (9) Escrevendo-se as equações equilíbrio do nó D (rótula D) tem-se 210 xxx DDF =→=∑ (10) molayyy FDDF +=→=∑ 120 (11) Considerando-se as equações (10), (7), (1) e (4) tem-se 012 ==== xxxx ACDD . Substituindo-se este resultado, bem como os resultados (5) e (6), nas expressões remanescentes tem-se N 500016025003200120160320 =→−=⋅−→=−+− yyxyy CCCCE molaymolaymolayyy FAFAFEAC +=→++=→++= 250025005000 500022 =+→=+ yyyyy DBCDB N 250050001603200120160320 =→⋅=→=−− yyxyy BBCCB , N 25002 =yD ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 106 N 1600900250012 =−=→+= molamolayy FFDD N 900160025002500 =−=→+= ymolay AFA É importante observar que a mola está sendo considerada como um elemento interno da máquina e não como uma força externa. 11.2 EXERCÍCIO PROPOSTO 1) Sabendo que as superfícies em A, B, D e E são lisas, determine as reações e as componentes da força exercida sobre o elemento ACE no ponto C. 200 200 15 0 15 0 67,38o A B C D E 2,6 kN ENG 01156 – Mecânica - Aula 11 Prof Inácio Benvegnu Morsch - CEMACOM 107 11.3 PROJETO Tubos de aço inoxidável são empilhados verticalmente em uma planta de produção e são movimentados de um ponto a outro através de um guindaste. Os tubos têm diâmetro interno na faixa de 100 mm a 250 mm, e a maior massa de qualquer tubo é de 500 kg. Projete um dispositivo que possa ser conectado a um gancho e utilizado para elevar cada um dos tubos. O dispositivo deve ser feito de aço e deve ser capaz de segurar o tubo apenas pela sua superfície interna, já que a superfície externa não deve ser arranhada ou danificada. Admita que o menor coeficiente de atrito estático entre os dois aços seja 0,25. Apresente um desenho em escala de seu dispositivo com uma explicação de como ele trabalha, com base na análisede forças (HIBBELER, 1998). d
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