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1 Primeira Prova de BC 1200 - 7 de julho de 2010 Professor Antonio Cândido Faleiros Nome: Caros alunos: Façam uma prova limpa, com uma letra legível e explicitem o raciocínio usado. Poderão resolvê-la a lápis com gra te escura e responder as perguntas usando caneta. Resolva as questões seguindo a seqüência dos enunciados. Boa prova. 1. (a) Sabendo que A é invertível e que A3 � 5A+ I = 0; calcule A�1 em função de A: (b) Determine A sabendo que (I � 2A)�1 = � �1 2 4 5 � : Resolução: (a) Multiplicando A3 � 5A+ I = 0 por A�1 obtemos A2� 5I +A�1 = 0; de onde obtemos A�1 = 5I �A2: (b) Do enunciado, temos I� 2A = � �1 2 4 5 ��1 = 1 13 � �5 2 4 1 � e, explicitando A; segue A = 1 2 �� 1 0 0 1 � � 1 13 � �5 2 4 1 �� = 1 13 � 9 �1 �2 6 � 2. Considere o sistema x+ 2y � 3z = 4 3x� y + 5z = 2 4x+ y + (a2 � 14)z = a+ 2 Determine os valores de a para os quais ele possui (a) nenhuma, (b) uma ou (c) in nitas soluções. Resolução: A matriz completa do sistema é24 1 2 �3 43 �1 5 2 4 1 a2 � 14 a+ 2 35 que escalonada, resulta em 24 1 2 �3 40 �7 14 �10 0 0 (a� 4)(a+ 4) a� 4 35 onde a última equação é (a� 4)(a+ 4)z = a� 4: Quando a = 4; a variável z ca livre e o sistema possui in nitas soluções. Quando a = �4; esta equação se torna incompatível, 0 = �8 e o sistema não possui solução. Quando a 6= 4 e a 6= �4; o sistema tem uma única solução. 3. Sabendo que 0 � a � 2�; 0 � b � 2�; 0 � c < �; determine a; b e c tais que 2 sen a� cos b+ 3 tan c = 3 4 sen a+ 2 cos b� 2 tan c = 2 6 sen a� 3 cos b+ tan c = 9 2 Resolução: Temos um sistema linear nas incógnitas sen a; cos b e tan c: A matriz completa do sistema é 24 2 �1 3 34 2 �2 2 6 �3 1 9 35 que escalonada resulta na matriz 24 2 �1 3 30 4 �8 �4 0 0 �8 0 35 de onde obtemos tan c = 0; cos b = �1 e sen a = 1: Observando os intervalos a quem pertencem a; b e c; obtemos a = �=2; b = � e c = 0: 4. Considere as matrizes A = 24 3 4 12 �7 �1 8 1 5 35 e B = 24 3 4 12 �7 �1 2 �7 3 35 : Encontre matrizes elementares E1 e E2 tais que E1A = B e E2B = A: Resolução: com a terceira linha de B é igual a �2 vezes a primeira linha de A adicionada à sua terceira linha, então E1 = 24 1 0 00 1 0 �2 0 1 35 e E2 é sua inversa E2 = 24 1 0 00 1 0 2 0 1 35 : 5. (a) Resolva em x det � x �1 3 1� x � = det 24 1 0 �32 x �6 1 3 x� 5 35 : (b) Sabendo que det 24 a b cd e f g h i 35 = 7; calcule det 24 3a 3b 3c4g 4h 4i a� d b� e c� f 35 Resolução: (a) Calculando os determinantes, obtemos�x2+x+3 = x2�2x ou 2x2�3x�3 = 0 cujas soluções são x = 3 4 + 1 4 p 33 e x = 3 4 � 1 4 p 33: 3 (b) Sendo d = det 24 3a 3b 3c4g 4h 4i a� d b� e c� f 35 = 3� 4 det 24 a b cg h i a� d b� e c� f 35 = 12 8<:det 24 a b cg h i a b c 35� det 24 a b cg h i d e f 359=; = �12 det 24 a b cg h i d e f 35 pois o primeiro determinante é nulo por ter duas linhas iguais. Assim, trocando a terceira linha com a segunda na segunda matriz, vem d = 12 det 24 a b cd e f g h i 35 = 12� 7 = 84:
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