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Universidade Federal do Rio Grande do Sul Escola de Engenharia Departamento de Engenharia Civil Gabarito ENG01035 2017/2 Prof. Inácio B. Morsch PROVA A A treliça ilustrada nas figuras abaixo é empregada no sistema de sustentação da cobertura de um estádio de esportes. Analise as duas propostas apresentadas para o sistema de vinculação das treliças. Solução: A treliça A é vinculada por 3 barras bi-rotuladas. Fazendo-se 0=∑ BM nota-se que a barra 1 está tracionada, logo da equação 0=∑ xF nota-se que a barra 2 está comprimida. Por outro lado, fazendo- se 0=∑ CM nota-se que a barra 3 está comprimida. Pode-se ainda destacar que a maior força de compressão ocorre na barra 3, que é a barra mais curta. Para finalizar a análise pode-se afirmar que o esquema de vinculação adotado garante o equilíbrio da treliça. A treliça B é vinculada por 3 barras bi- rotuladas. Nota-se que as 3 barras convergem para um mesmo ponto D. Logo, fazendo-se 0=∑ DM nota-se que nenhuma força equilibra o momento provocado pela carga de 15 kN. Portanto a treliça B não está em equilíbrio. Comentário: Esquema similar ao da proposta A pode ser visualizado na Arena do Grêmio. A análise da proposta B considera que as barras bi-rotuladas têm peso desprezível, o que é verdadeiro se comparado com as cargas aplicadas nessas barras, e que as rótulas nos extremos das mesmas são perfeitas. 66 15 kN (m)A B C B F3F2F1 D 14 40 6 8 7 2 15 kN 15 (m) A B A C 1 2 3 14 40 66 7 15 kN 15 (m) 6 22,5 A B C B 14 6 8 7 15 kN (m) A B A C F1 F2 F3 2) No ponto A ilustrado na figura convergem os cabos AB, AC e AD que estão fixados nos pontos B, C e D. Determine o conjunto de valores para a força Q de modo que o cabo AD não fique frouxo. Solução: O primeiro passo é escrever as forças envolvidas no problema em notação vetorial. ( 0,904 ; 0,228 ;0,362)AB ABF F= − − r ( 0,922 ; 0,233 ; 0,31)AC ACF F= − − − r ( 0,788 ;0,589 ; 0,182)AD ADF F= − − r O próximo passo é escrever as equações de equilíbrio do nó A. 0,904 0,922 0,788 1100 0AB AC ADF F F− − − + = 0, 228 0,233 0,589 0AB AC ADF F F Q− − + + = 0,362 0,31 0,182 0AB AC ADF F F− − = Pela disposição dos cabos se Q = 0 a estrutura funciona e o cabo AD não fica frouxo. O sistema de equações correspondente a essa situação fica: 0,904 0,922 0,788 1100 0,228 0,233 0,589 0 0,362 0,31 0,182 0 AB AC AD F F F − − = − − 511,5 NABF = , 390,4 NACF = , 352,4 NADF = O caso limite para o cabo AD não ficar frouxo é 0ADF = . O sistema de equações correspondente a essa situação fica: 0,904 0,922 0 1100 0, 228 0, 233 1 0 0,362 0,31 0 0 AB AC F F Q − − = − 555,4 NABF = , 648,5 NACF = , 277,7 NQ = [0 ; 277,7) NQ = Comentário: A ilustração do problema indicada na figura acima informa a direção e o sentido do vetor Q, portanto a incógnita é o módulo desse vetor, logo não há sentido em se analisar valores negativos para Q. O intervalo aberto no limite superior do intervalo de resposta indica que Q é limitado por 277,7 N, mas não pode assumir esse valor. z y x 1100 i N Q j A B C D A (950; 240; 0) mm B (0; 0; 380) mm C (0; 0; - 320) mm D (0; 950; -220) mm 3) Determine as reações nos vínculos B, C, D e E da treliça espacial ilustrada na figura abaixo. Ez Dz Cy By Bz Bx Solução: O primeiro passo é representar o diagrama de corpo livre. Note que os vínculos E, C e D são representados por pequenos segmentos de barra com rótulas nos dois extremos, ou seja, tratam-se de barras de treliça, o que direciona a reação na direção da barra. Escrevendo-se as equações de equilíbrio tem-se: N 20002000 =→=+−→=∑ xxx BBF 012000 =−+→=∑ yyy BCF 00 =+−−→=∑ zzzz BDEF N 2000120010 =→=⋅+⋅−→=∑ zzBy EEM N 1000011112000 =→=⋅−⋅−⋅→=∑ zzzBx DEDM N 12001000200 =+=zB N 600015,012000 =→=⋅−⋅→=∑ yyBz CCM N 6006001200 =−=yB 4) Considerando que a estrutura ilustrada na figura (5), escreva o sistema de equações necessário para determinar as reações nos vínculos A e D. Escreva também as equações necessárias para determinar as reações nas ligações B e C. Solução: O primeiro passo é representar o diagrama de corpo livre da estrutura. A seguir deve-se escrever as correspondentes equações de equilíbrio. 0 4x A DF H H= → + =∑ 0 27y A DF V V= → + =∑ 0 1 8 3,3 5 4,3 6 7,3 8 2, 25 4 8,3 0 A D D M V M = → − ⋅ − ⋅ − ⋅ − ⋅ − ⋅ + + = ∑ 8,3 117,7D DV M+ + = 0 3,3 3 8 2,3 0ABB A AM V H= → − − + ⋅ =∑ 3,3 3 18,4A AV H+ = 0 8 0CDy DF V= → − =∑ Complementar: 8 kNDV = , 19 kNAV = , 15 kNAH = − 19 kNDH = , 51,3 kNmDM = 8 kN 5 kN 6 kN 8 kN 4 kN A B C D VA HA HD VD MD 1 2 2,2 1,1 2,6 2,4 8 kN 5 kN 6 kN 8 kN 4 kN A B C D (m) 2, 25 1,41 1 5) Determinar as forças que atuam nos cilindros hidráulicos IF, DE e AB. Solução: Como o problema pede para determinar a força que atua em cada cilindro hidráulico, este pode ser resolvido de modo eficiente considerando-se a condição de momento nulo em rótula. Para se resolver o problema é necessário definir a orientação dos cilindros hidráulicos IJ e AB. Denominando-se θ o ângulo que a reta IJ faz com a horizontal tem-se: tan 1,65 0, 25 81,38θ θ= → = 0,989senθ = Denominando-se α o ângulo que a reta AB faz com a horizontal tem-se: tan 0,35 1,4 14,04α α= → = 0, 242senα = cos 0,97α = Fazendo o equilíbrio de momentos do elemento IJG (pá) em relação a J, considerando a força FIF entrando em I, tem-se: 0 6 0,3 0,4 0,989 0 4,55 kNPaJ IF IFM F F= → − ⋅ + ⋅ = → =∑ Fazendo-se o equilíbrio de momentos da peça ACFJ + Pá em relação a C tem-se: 0 6 0,15 0,97 0,6 0, 242 0,1 0 1,48 kNACFJ PaC AB AB ABM F F F + = → − ⋅ + ⋅ + ⋅ = → =∑ Obs. A vantagem desse procedimento é que as forças no cilindro hidráulico IF e na rótula J passam a ser forças internas. Fazendo-se o equilíbrio de momentos de todo o braço mecânico da retroescavadeira (peças CDH + ACFJ + Pá) em relação à rótula H tem-se: 0 0, 45 6 2,35 0 31,3 kNbracoC ED EDM F F= → − + ⋅ = → =∑ PROVA B 1) O uso de arcos em alvenaria de rocha remonta à tempos antigos. A ponte fortificada Valentré (ponte em 6 arcos – construída no século XIV em Cahors/ França) é um exemplo desse tipo de estrutura. Considerando que cada arco deve suportar o seu peso próprio, aplique os seus conhecimentos de mecânica para explicar porque a extremidade esquerda da ponte apresenta uma estrutura mais robusta. Note que há uma diferença entre a estrutura da extremidade esquerda e a da extremidade direita. Solução: O peso próprio de um arco simétrico e construído com material homogêneo pode ser representado por uma força vertical centrada no arco. Os arcos apresentados podem ser pensados como bi- rotulados ou bi-engastados sendo mais provável que a condição real se encontre entre esses dois limites. Numa análise geral, essa consideração não afeta o raciocínio a ser desenvolvido. Portanto considerando-se um dos arcos como sendo bi-rotulado tem- se: Nota-se que embora a carga aplicada seja apenas vertical há reações em x: A BH H= O arco em questão é hiperestástico,logo não é possível determinar as reações horizontais com as equações de equilíbrio da mecânica. Para demonstrar que essas reações não são nulas pode-se empregar um arco tri-rotulado, ou seja, sem transmissão de momento do arco AC para o arco CB. Nesse caso tem-se: 2A BV V P= = 0BCBM =∑ 2A BH H P= = Complementar: Uma demonstração prática pode ser feita com um pedaço de cabo e prendedores de roupa. Para tal basta colocar os prendedores no cabo e sustentar cada extremo do mesmo com uma mão. Nota-se que para o conjunto ficar em equilíbrio cada mão deve fazer uma força vertical, para equilibrar o peso do conjunto, e uma força horizontal, para equilibrar a força que tende a unir as duas extremidades do cabo. Nota-se que nessa montagem todos os elementos do cabo estão tracionados. Invertendo-se a imagem dessa estrutura, tem-se uma segunda estrutura na qual todos os elementos estão comprimidos e nesse caso há uma tendência natural das duas extremidades se afastarem. Essa força é denominada empuxo de arco. As forças HA e HB são absorvidas pelos arcos adjacentes até chegar às duas cabeceiras da ponte. Na cabeceira da esquerda, a estrutura apresenta um reforço para absorver essa força. Esse tipo de reforço é denominado contraforte. Na cabeceira da direita pode-se pensar que essa força é absorvida pelo própria cabeceira, que é mais elevada. R A B C P R B C P A VA HA HB VB R A B C P R B C P A VA HA HB VB 2) No ponto A ilustrado na figura abaixo convergem os cabos AB, AC e AD que estão fixados nos pontos B, C e D. Determine o conjunto de valores para a força Q de modo que o cabo AD não fique frouxo. Solução: O primeiro passo é escrever as forças envolvidas no problema em notação vetorial. ( 0,906 ; 0,226 ;0,358)AB ABF F= − − r ( 0,923 ; 0,231 ; 0,308)AC ACF F= − − − r ( 0,787 ;0,59 ; 0,18)AD ADF F= − − r O próximo passo é escrever as equações de equilíbrio do nó A. 0,906 0,923 0,787 1200 0AB AC ADF F F− − − + = 0, 226 0,231 0,59 0AB AC ADF F F Q− − + + = 0,358 0,308 0,18 0AB AC ADF F F− − = Pela disposição dos cabos se Q = 0 a estrutura funciona e o cabo AD não fica frouxo. O sistema de equações correspondente a essa situação fica: 0,906 0,923 0,787 1200 0, 226 0,231 0,59 0 0,358 0,308 0,18 0 AB AC AD F F F − − = − − 558,7 NABF = , 426,7 NACF = , 381,1 NADF = O caso limite para o cabo AD não ficar frouxo é 0ADF = . O sistema de equações correspondente a essa situação fica: 0,906 0,923 0 1200 0, 226 0,231 1 0 0,358 0,308 0 0 AB AC F F Q − − = − 606 NABF = , 704,9 NACF = , 299,9 NQ = [0 ; 299,9) NQ = Comentário: A ilustração do problema indicada na figura acima informa a direção e o sentido do vetor Q, portanto a incógnita é o módulo desse vetor, logo não há sentido em se analisar valores negativos para Q. O intervalo aberto no limite superior do intervalo de resposta indica que Q é limitado por 299,9 N, mas não pode assumir esse valor. z y x 1200 i N Q j A B C D A (960; 240; 0) mm B (0; 0; 380) mm C (0; 0; - 320) mm D (0; 960; -220) mm 3) Determine as reações nos vínculos B, C, D e E da treliça espacial ilustrada na figura abaixo. Solução: ver a prova A. 4) Considerando que a estrutura ilustrada na figura abaixo tem um vínculo interno C que transmite apenas força na direção vertical escreva o sistema de equações necessário para calcular as reações nos vínculos A, E e F. Escreva também as equações necessárias para determinar as forças que nas ligações B e C. Solução: A estrutura ilustrada apresenta 6 graus de liberdade de corpo rígido: deslocamentos nas direções x e y, rotação Rz, rotação relativa do tramo AB em torno da rótula B, rotação relativa do tramo CDEF em torno do ponto C, deslocamento relativo do tramo CDEF em relação ao ponto C. Nota- se pela vinculação empregada que esses movimentos estão impedidos. Nota-se que há 6 incógnitas e podem ser escritas 6 equações de equilíbrio, logo o problema é isostático. 13,53 3 4 tan =→= θθ 6,013,53cos = 8,013,53 =sen 7013,531550 =−→=−−+→=∑ FAFAx HHHsenHF (1) 0 10 20 15cos53,13 0 39y A E F A E FF V V V V V V= → − − − + + = → + + =∑ (2) 05,1013,53cos15213,53151212205,10106350 =⋅−⋅+++⋅−⋅−⋅−→=∑ senVVMM FEAAz 5,3551212 =++ FEA VVM (3) 54343510 −=+−→+−+⋅→=∑ AAAAAAABB HVMHVMM (4) 013,5315213,53cos155,2444205,20 =⋅⋅−⋅⋅−−++⋅−→=∑ senHVVM FFECEFC 5,96=−+ FFE HVV (5) kN 12013,53150 −=→=⋅−−→=∑ FFCEFx HsenHF 3 3 2 1 1,5 1,5 1 3 (m) A B 5 kN 10 kN C 20 kN 15 kN D E F θ θ HA VA MA VE VF HF 5) Determinar as forças que atuam nos cilindros hidráulicos IF, DE e AB da máquina ilustrada na figura abaixo. Solução: ver a prova A.
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