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Técnicas de integração: Completando quadrados: Completar quadrados não é (apenas) uma técnica de integração é uma técnica que podemos usar em diversas situações. Inclusive o professor de álgebra linear 1 do semestre passado reclamou que os alunos não sabiam completar quadrados. 2 Um número natural é chamado de quadrado perfeito se ele é o quadrado de um número natural. Por exemplo: 4 é quadrado perfeito pois 4 = (2)2 e 2 é número natural. 3 não é um quadrado perfeito pois 3 = ( √ 3)2 e √ 3 não é um número natural Analogamente, um polinômio será chamado de quadrado perfeito se ele for o quadrado de um polinômio. Por exemplo: • (x2 + 2x+ 1) é quadrado perfeito pois (x2 + 2x+ 1) = (x+ 1)2. • ( x2 − 3x+ 9 4 ) é um quadrado perfeito pois ( x2 − 3x+ 9 4 ) = ( x− 3 2 )2 . • ( 3 25 x4 − 2 √ 3 5 x3 + x2 ) é um quadrado perfeito pois ( 3 25 x4 − 2 √ 3 5 x3 + x2 ) = ( √ 3 5 x2 − x )2 . Sabemos que: (mx+ n)2 = m2x2 + 2mnx+ n2 com m,n ∈ R. Chamando m2 = a, 2mn = b e n2 = c, temos que (mx+ n)2 = ax2 + bx+ c. Assim, todo trinômio da forma ax2 + bx+ c com a 6= 0 passa a ser suspeito de ser quadrado perfeito! Observação: Um trinômio que é um quadrado perfeito é chamado trinômio quadrado perfeito. Na verdade, todo trinômio da forma ax2 + bx+ c (com a 6= 0) é "quase" um quadrado perfeito, pois todo trinômio da forma ax2 + bx+ c (com a 6= 0) é um quadrado perfeito a menos de uma constante (−1 ou 1) multiplicando e uma constante ( b 2 4a − c) somando-se a este trinômio. Ou melhor, dado um trinômio da forma ax2 + bx+ c existem números reais d = 1 ou d = −1 e f = b2 4a − c tais que d(ax2 + bx+ c) + f é um quadrado perfeito. Assim, dado um trinômio da forma ax2 + bx+ c com a 6= 0 temos: • Se a > 0 então podemos escrever: ax2 + bx+ c = (√ ax+ b 2 √ a )2 + ( c− b 2 √ a ) ∗ • Se a < 0 então podemos escrever: ax2 + bx+ c = − (√|a|x− b 2 √ |a| )2 + ( −c− b 2 √ |a| ) ∗∗ Dado ax2 + bx+ c com a 6= 0 escrevê-lo na forma ∗ ou ∗∗ é chamado de completar quadrados. 1 Prof Héctor 2 Estão vendo alunos! Quando vocês estiverem cursando as próximas disciplinas tudo que vocês não souberem é culpa dos professores de fundamentos de matemática e de cálculo 1 1 Na prática, dado um trinômio da forma ax2 + bx+ c, podemos seguir os seguintes passos para completar os quadrados: • Se a > 0 queremos encontrar m, n e f tais que: ax2 + bx+ c = (mx+ n)2 + f ⇒ ax2 + bx+ c = m2x2 + 2mn+ n2 + f ⇒ m 2 = a 2mn = b n2 + f = c ⇒ m = √a , n = b 2 √ a e f = c− b 2 4a • Se a < 0 queremos encontrar m, n e f tais que: ax2 + bx+ c = −(mx+ n)2 + f ⇒ −ax2 − bx− c = m2x2 + 2mn+ n2 + f ⇒ m 2 = −a 2mn = −b n2 + f == c ⇒ m = √−a , n = − b 2 √−a e f = −c− b2 4a E como se a < 0 temos que −a = |a|, podemos escrever: Vamos fazer alguns exemplos: Exemplos: 1. Completar os quadrados dos polinômios abaixo: (a) x2 + 3x+ 2 Resolução: x2 + 3x+ 2 = (mx+ n)2 + f ⇒ x2 = 3x+ 2 = m2x2 + 2mnx+ n2 + f ⇒ m 2 = 1 2mn = 3 n2 + f = 2 ⇒ m = 1 , n = 3 2 e f = 2− 9 4 = − 1 4 Portanto x2 + 3x+ 2 = ( x+ 3 2 )2 − 1 4 (b) 2x2 + x Resolução: 2x2 + x = (mx+ n)2 + f ⇒ 2x2 + x = m2x2 + 2mnx+ n2 + f ⇒ m 2 = 2 2mn = 1 n2 + f = 0 ⇒ m = √ 2 , n = 1 2 √ 2 = √ 2 4 e f = − 1 8 Portanto 2x2 + x = (√ 2x+ √ 2 4 )2 − 1 8 2 (c) 2x2 − x+ 7 Resolução: 2x2 − x+ 7 = (mx+ n)2 + f ⇒ 2x2 − x+ 7 = m2x2 + 2mnx+ n2 + f ⇒ m 2 = 2 2mn = −1 n2 + f = 7 ⇒ m = √ 2 , n = − 1 2 √ 2 = − √ 2 4 e f = 7− 1 8 = 55 8 Portanto 2x2 − x+ 7 = (√ 2x− √ 2 4 )2 + 55 8 , (d) −x2 − x+ 1 Resolução: −x2 − x+ 1 = −(mx+ n)2 + f ⇒ −x2 − x+ 1 = −m2x2 − 2mnx− n2 + f ⇒ −m 2 = −1 −2mn = −1 −n2 + f = 1 ⇒ m = 1 , n = 1 2 e f = 1 + ( 1 2 )2 = 5 4 Portanto −x2 − x+ 1 = − ( x+ 1 2 )2 + 5 4 (e) −4x2 + 3x+ 5 Resolução: −4x2 + 3x+ 5 = −(mx+ n)2 + f ⇒ −4x2 + 3x+ 5 = −m2x2 − 2mnx− n2 + f ⇒ −m 2 = −4 −2mn = 3 −n2 + f = 5 ⇒ m = 2 , n = − 3 4 e f = 5 + ( 3 4 )2 = 5 + 9 16 = 89 16 Portanto −4x2 + 3x+ 5 = − ( 2x− 3 4 )2 + 89 16 Exercícios: 1. Completar os quadrados: (a) x2 + 2x+ 1 (b) 3x2 + 4 √ 3x+ 4 (c) − x2 + 2x+ 8 (d) − x2 − 3x (e) x2 4 + x 3 + 5 3 (f) 4x4 + 3x2 − 1 (g) − x2 + 8 (h) − x2 − 3x− 7 2. Determinar, caso existam m, n e f tais que [ (mx+ n)2 + f ]2 = x4 + 6x3 + 13x2 + 12x+ 4 3 Respostas dos Exercícios: 1. (a) x2 + 2x+ 1 = (x+ 1)2 (b) 3x2 + 4 √ 3x+ 4 = ( √ 3x+ 2)2 (c) − x2 + 2x+ 8 = −(x− 1)2 + 9 (d) − x2 − 3x = − ( x+ 3 2 )2 + 9 4 (e) x2 4 + x 3 + 5 3 = 3(x+ 2)2 + 56 3 (f) 4x4 + 3x2 − 1 = ( 2x2 + 3 4 )2 − 25 16 (g) − x2 + 8 = −x2 + 8 (h) − x2 − 3x− 7 = − ( x+ 3 2 )2 − 19 4 2. Não existem m, n e f tais que [ (mx+ n)2 + f ]2 = x4 + 6x3 + 13x2 + 12x+ 4 4 Provando a fórmula e Báskara: Uma aplicação interessante da técnica de completar quadrados é a fórmula de Báskara 3 Vamos considerara a equação: ax2 + bx+ c = 0 com a 6= 0. Como a 6= 0 podemos colocar a em evidência4 ax2 + bx+ c = 0 ⇒ a ( x2 + b a x+ c a ) = 0 ⇒ ( x2 + b a x+ c a ) = 0 Agora vamos completar quadrados no trinômio x2 + b a x+ c a x2 + b a x+ c a = (mx+ n)2 + f ⇒ x2 + b a x+ c a = m2x2 + 2mnx+ n2 + f ⇒ m2 = 1 2mn = ba n2 + f = ca ⇒ m = 1, n = b 2a e f = c a − b 2 4a2 Portanto x2 + b a x+ c a = ( x+ b 2a )2 + ( c a − b 2 4a2 ) ⇒ x2 + b a x+ c a = x+ b 2a + ( 4ac− b2 4a2 ) Assim, temos: ax2 + bx+ c = 0 ⇒ a ( x2 + b a x+ c a ) = 0 ⇒ ( x2 + b a x+ c a ) = 0 ⇒ [( x+ b 2a )2 + 4ac− b2 4a2 ] = 0 ⇒ ( x+ b 2a )2 = − 4ac− b 2 4a2 ⇒ ( x+ b 2a )2 = −(4ac− b2) 4a2 ⇒ ( x+ b 2a )2 = b2 − 4ac 4a2 chamando ∆ = b2 − 4ac, temos: ⇒ ( x+ b 2a )2 = ∆ 4a2 Agora queremos extrair a raiz quadrada de ambos os lados da equação, mas temos que tomar cuidado! Esta equação só tem solução real se ∆ 4a2 ≥ 0 ⇒ ∆ ≥ 0 Na verdade • Esta equação não tem solução real se ∆ < 0 • Esta equação tem duas soluções reais distintas se ∆ > 0 • Esta equação só tem duas soluções reais iguais se ∆ = 0 Agora, vamos terminar:( x+ b 2a )2 = ∆ 4a2 ⇒ ( x+ b 2a ) = ± √ ∆ 4a2 ⇒ x = − b 2a ± √ ∆ 4a2 ⇒ ⇒ x = − b 2a ± √ ∆√ 4a2 ⇒ x = − b 2a ± √ ∆ 2a ⇒ x = −b± √ ∆ 2a Podemos concluir: ax2 + bx+ c = 0⇒ x = −b± √ ∆ 2a Ou melhor: ax2 + bx+ c = 0 ⇒ x = −b+ √ ∆ 2a ou x = −b−√∆ 2a 3 Que não foi bem Báskara que descobriu! 4 Para colocar em a em evidência precisamos é dividir por a ! 5 Completando quadrados para resolver integrais Agora, vamos utilizar a técnica de completar quadrados para resolver algumas integrais. Exemplos: 1. Resolver as integrais abaixo: (a) ∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx Resolução: Como x2 + 2x+ 3 = (x+ 1)2 + 2 temos:∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx = ∫ 13 (x+ 1)2 + 2 dx = 13 ∫ 1 (x+ 1)2 + 2 dx = 13 ∫ 1 2 [ (x+1)2 2 + 1 ] dx = 13 2 ∫ 1[( x+1√ 2 )2 + 1 ] dx ∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx = 13 2 ∫ 1[( x+1√ 2 )2 + 1 ] dx Chamando x+ 1√ 2 = t ⇒ 1√ 2 dx = dt ⇒ dx = √ 2 dt �camos com: ∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx = 13 2 ∫ 1[( x+1√ 2 )2 + 1 ] dx = 13 2 ∫ 1 t2 + 1 √2 dt = 13 √ 2 2 ∫ 1 t2 + 1 dt ∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx = 13 √ 2 2 ∫ 1 t2 + 1 dt = 13 √ 2 2 arctg (t) + C = 13 √ 2 2 arctg ( x+ 1√ 2 ) + C Portanto: ∫ 13 x2 + 2x+ 3 dx = 13 √ 2 2 arctg ( x+ 1√ 2 ) + C 6 (b) ∫ 5√−2x2 + 2x dx Resolução: Como −2x2 + 2x = −2(x2 − x) = −2 [( x− 1 2 )2 − 1 4 ] temos: ∫ 5√ 2x2 + 2x dx = 5 ∫ 1√ −2 [( x− 12 )2 − 14 ] dx = 5 ∫ 1√ −2 −4 [ −4 (x− 12 )2 + 1] dx = = 5 ∫ 1√ 1 2 √ 1− [2 (x− 12 )]2 dx = 5 √ 2 ∫ 1√√√√√√√1− 2(x− 12 ) ︸ ︷︷ ︸ t 2 dx =∗ 5 √ 2 ∫ 1√ 1− t2 1 2 dt = Chamando 2 ( x− 1 2 ) = t ⇒ 2 dx = dt ⇒ dx = 1 2 dt = = 5 √ 2 2 ∫ 1√ 1− t2 dt = 5 √ 2 2 arcsen (t) + C = 5 √ 2 2 arcsen [ 2 ( x− 1 2 )] + C Portanto ∫ 5√−2x2 + 2x dx = 5 √ 2 2 arcsen(2x− 1) + C Exercícios: 1. Resolver as integrais abaixo: (a) ∫ 8 dx x2 − 2x+ 2 dx (b) ∫ 2 3x2 − 6x+ 10 dx (c) ∫ dt −t2 + 4t− 3 dt (d) dθ√ 2θ − θ2 (e) ∫ dx (x+ 1) √ x2 + 2x (f) ∫ (3x2 − x+ 7)2 dx Respostas dos Exercícios: 1. (a) ∫ 8 dx x2 − 2x+ 2 dx = arctg (x− 1) + C (b) ∫ 2 3x2 − 6x+ 10 dx = √ 6 3 arctg [ √ 6(x− 1) 2 ] + C (c) ∫ dt −t2 + 4t− 3 dt = 1 2 ln ( t− 1 3− t ) + C (d) ∫ dθ√ 2θ − θ2 = arcsen (θ − 1) + C (e) ∫ dx (x+ 1) √ x2 + 2x = arcsec (x+ 1) + C (f) ∫ (3x2 − x+ 7)2 dx = 3 5 ( x− 1 6 )5 + 83 54 ( x− 1 6 )3 + C 7
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