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ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica PME 3100 – MECÂNICA I – Segunda Prova – 13 de outubro de 2015 Duração da Prova: 110 minutos • Não é permitido o uso de dispositivos eletrônicos, como calculadoras, "tablets" e celulares. • Após o início da distribuição do enunciado da prova, é proibido sair da sala antes das 08:30. • A partir do momento em que a prova for encerrada, não é permitido ao aluno escrever mais nada na folha de respostas, havendo possibilidade de anulação da respectiva prova se isto ocorrer. Questão 1 (3,5 pontos) O aro de centro O, raio 4R, e espessura desprezível, é fixo. O aro de centro A, raio 2R e espessura desprezível, rola sem escorregar na superfície interna do aro de centro O e raio 4R, e sua velocidade angular é Aω , conhecida. O disco, de centro D e raio R, rola sem escorregar na superfície interna do aro de centro A e raio 2R. No instante mostrado na figura, sabe-se que a velocidade Pv r do ponto P é na direção de i r , mas o módulo é desconhecido. Nesse instante, determine: a) o centro instantâneo de rotação CIRA do aro de centro A e raio 2R (graficamente) e a velocidade Bv r do ponto B desse mesmo aro; b) o centro instantâneo de rotação CIRD do disco de centro D e raio R (graficamente); c) o vetor rotação Dω r do disco e a velocidade Pv r do ponto P. Use os versores kji rrr para expressar as grandezas cinemáticas. Questão 2 (3,5 pontos) Um anel esbelto de raio R , contido no plano Oxz, gira em um eixo vertical com vetor rotação k rr ωω = e vetor aceleração angular k r && r ωω = . A barra diametral BP percorre o anel de forma que a velocidade relativa vr do ponto P é conhecida e de módulo constante vv = r . Considerando o instante em que o ponto P está na posição θ do anel, determine em função de θ : a) o vetor ( )OP − , o vetor rotação θr& da barra BP em torno de Oy e o vetor rotação absoluta Ω r da barra BP; b) a velocidade relativa rPv , r , a velocidade de arrastamento aPv , r e a velocidade absoluta Pv r do ponto P da barra BP; c) a aceleração relativa rPa , r , a aceleração de arrastamento aPa , r , a aceleração de complementar (Coriolis) cPa , r e a aceleração absoluta Pa r do ponto P da barra BP; d) o vetor aceleração angular absoluta αr da barra BP. Obs.: adote o piso A como referencial fixo, o anel como referencial móvel e use os versores kji rrr do sistema móvel Oxyz, solidário ao anel, para expressar as grandezas cinemáticas. Questão 3 (3,0 pontos) A trajetória de um ponto P é dada por ( ) ( ) ( )kjiLrOP rrrr αααα 2sensencos −+==− , onde L é constante, de acordo com a lei horária 8 2 piα += t . Pede-se determinar, para o instante s 16 pi =t : a) o versor tangente tr do triedro de Frenet, em função dos versores da base kji rrr ,, ; b) a velocidade de P usando a base do triedro de Frenet (expressão intrínseca da velocidade); c) a aceleração de P usando a base do triedro de Frenet (expressão intrínseca da aceleração). A B C O Aω R R2 R4 D Pv rP i r jr k r v P θ R Ox z y ω& A piso ω Anel jr i r k r B v ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica PME 3100 – MECÂNICA I – Segunda Prova – 13 de outubro de 2015 Gabarito Questão 1 (3,5 pontos) O aro de centro O, raio 4R, e espessura desprezível, é fixo. O aro de centro A, raio 2R e espessura desprezível, rola sem escorregar na superfície interna do aro de centro O e raio 4R, e sua velocidade angular é Aω , conhecida. O disco, de centro D e raio R, rola sem escorregar na superfície interna do aro de centro A e raio 2R. No instante mostrado na figura, sabe-se que a velocidade Pv r do ponto P é na direção de i r , mas o módulo é desconhecido. Nesse instante, determine: a) o centro instantâneo de rotação CIRA do aro de centro A e raio 2R (graficamente) e a velocidade Bv r do ponto B desse mesmo aro; b) o centro instantâneo de rotação CIRD do disco de centro D e raio R (graficamente); c) o vetor rotação Dω r do disco e a velocidade Pv r do ponto P. Use os versores kji rrr para expressar as grandezas cinemáticas. Solução a) Ver figura: como rola sem escorregar e o aro de centro O é fixo, a velocidade do ponto C do aro de centro A é nula, sendo o CIRA. AB Rv ω22= r −= jiRv AB rrr 2 2 2 222 ω ( )jiRv AB rrr −= ω2 b) Ver figura: desenhando as retas perpendiculares às velocidades nos pontos B e P, localizamos o CIRD do disco de centro D. c) Usando o CIRD: ADB RRv ωω 222 == r AD ωω 2= kAD rr ωω 2−= ADP RRv ωω 42 == r iRv AP rr ω4= Ou usando o campo de velocidades do disco de centro D: ( ) ( ) ( )⇒+−∧+−=⇒−∧+= jiRkjiRivBPvv DAPDBP rrrrrrrrr ωωω 2 −=⇒=−− =⇒−= ⇒−−−= ADDA APDAP DDAAP RR RvRRv iRjRjRiRiv ωωωω ωωω ωωωω 202 42 22 rrrrr ⇒ kAD rr ωω 2−= e iRv AP rr ω4= ACIRC ≡ O Aω Bv r A B DP Pv r DCIR 22R R2 2R A B C O Aω R R2 R4 D Pv rP i r jr k r 0,5 1,0 0,5 0,5 1,0 ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica Questão 2 (3,5 pontos) Um anel esbelto de raio R , contido no plano Oxz, gira em um eixo vertical com vetor rotação k rr ωω = e vetor aceleração angular k r && r ωω = . A barra diametral BP percorre o anel de forma que a velocidade relativa vr do ponto P é conhecida e de módulo constante vv = r . Considerando o instante em que o ponto P está na posição θ do anel, determine em função de θ : a) o vetor ( )OP − , o vetor rotação θr& da barra BP em torno de Oy e o vetor rotação absoluta Ω r da barra BP; b) a velocidade relativa rPv , r , a velocidade de arrastamento aPv , r e a velocidade absoluta Pv r do ponto P da barra BP; c) a aceleração relativa rPa , r , a aceleração de arrastamento aPa , r , a aceleração de complementar (Coriolis) cPa , r e a aceleração absoluta Pa r do ponto P da barra BP; d) o vetor aceleração angular absoluta αr da barra BP. Obs.: adote o piso A como referencial fixo, o anel como referencial móvel e use os versores kji rrr do sistema móvel Oxyz, solidário ao anel, para expressar as grandezas cinemáticas. Solução a) Vetor rotação θ r & da barra BP: Tomando ( ) ( )kiROP rr θθ sencos +−=− ( ) ( )⇒+−∧=−∧+== kiRjOPvvv OrP rrr&r&rrr θθθθ sencos, ( )ikRvv rP rr&rr θθθ sencos, +== Do enunciado: ⇒=⇒== vRvvv rP θ& rr , j R v r r & =θ ⇒+=Ω arrrel ωω rrr kj R v rrr ω+=Ω b) Velocidade de P: ( )kivv rP rrr θθ cossen, += ( ) ( )⇒+−∧=−∧+= kiRkOPvv OaP rrrrrr θθωω sencos, jRv aP rr θω cos, −= ( ) ⇒−+=+= jRkivvvv aPrPP rrrrrr θωθθ coscossen,, kvjRivvP rrrr θθωθ coscossen +−= c) Aceleração de P: ( ) ( ) −∧∧+−∧+= OPOPaa OrP θθθ r & r & r &&rr , 0)(constante e 0 rr &&& rr =⇒== θθ R v aO , portanto: ( )kiRva rP rrr θθ sencos 2 , −= ( ) ( )[ ]⇒−∧∧+−∧+= OPOPaa arrarrarrOaP ωωα rrrrr , ( ) ( )[ ]OPkkOPka aP −∧∧+−∧= rrr&r ωωω, ( )jiRa aP r&rr θωθω coscos2, −= ( )⇒+∧=∧= kivkva rParrcP rrrrrr θθωω cossen22 ,, jva cP rr θω sen2, = ( ) k R vjRviR R v aP rr & rr θθωθωθω sencossen2cos 2 2 2 −−+ += d) Aceleração angular da barra BP: ⇒∧++= relarrarrrel ωωααα rrrrr ⇒∧++= j R vkk rrr &rr ωωα 0 ki R v r & rr ωωα +−= 1,0 1,0 1,0 0,5 v P θ R Ox z y ω& A piso ω Anel jr i r k r B v ESCOLA POLITÉCNICA DA UNIVERSIDADE DE SÃO PAULO Departamento de Engenharia Mecânica Questão 3 (3,0 pontos) A trajetória de um ponto P é dada por ( ) ( ) ( )kjiLrOP rrrr αααα 2sensencos −+==− , onde L é constante, de acordo com a lei horária 8 2 piα += t . Pede-se determinar, para o instante s 16 pi =t : a) o versor tangente tr do triedro de Frenet, em função dos versores da base kji rrr ,, ; b) a velocidade de P usando a base do triedro de Frenet (expressão intrínseca da velocidade); c) a aceleração de P usando a base do triedro de Frenet (expressão intrínseca da aceleração). Solução a) versor tangente tr do triedro de Frenet: v v t r r r = ( ) ( )[ ] ( ) ⇒⋅−+−= + −+ === 22cos2cossen8 2 2sensencos kjiL dt td d kjiLd dt d d rd dt rd v rrr rrrrr r ααα pi α αααα α α ( )kjiLv rrrr ααα 2cos2cossen2 −+−= No instante st 16 pi = , temos que 4816 2 8 2 pipipipiα =+=+= t : ⇒ −+−= kjiLv rrrr 4 2cos2 4 cos 4 sen2 pipipi +−= jiLv rrr 2 2 2 22 Nesse instante, o versor tangente t r do triedro de Frenet é ⇒ +− == L jiL v v t 2 2 2 2 22 rr r r r jit rrr 2 2 2 2 +−= b) Velocidade intrínseca: tvv rr = No instante s 16 pi =t temos: ⇒ +−= 44 344 21 rrr r t jiLv 2 2 2 22 tLv rr 2= c) Aceleração intrínseca: nataa nt rrr += ( ) ( )[ ] ( ) 22sen4sencos2822cos2cossen2 ⋅+−−= + −+− === kjiL dt td d kjiLd dt d d vd dt vd a rrr rrrrr r ααα pi α αααα α α ( )kjiLa rrrr ααα 2sen4sencos4 +−−= No instante st 16 pi = , temos que 4 pi α = : ⇒ +−−= kjiLa rrrr 4 2sen4 4 sen 4 cos4 pipipi +−−= kjiLa rrrr 4 2 2 2 24 Como +−−= kjiLa rrrr 4 2 2 2 24 e jit rrr 2 2 2 2 +−= , temos que: 00 4 2 4 24 2 2 2 24 2 2 2 24 = +−= +−⋅ +−−=⋅= LjikjiLtaat rrrrrrr Portanto, ⇒=++= +−−== 17416 4 2 4 244 2 2 2 24 LLkjiLaan rrrr nLa rr 174= 1,0 0,5 0,5 1,0
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