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GEX158 – EQUAÇÕES DIFERENCIAIS PARCIAIS TurmaA 03A 15A 19A 22A - Aulas 47 e 48 – 06/08/2013 Livro: Equações Diferenciais Parciais: Uma introdução – Prof. Reginaldo J. Santos Lista 2.1 Exemplo 2.7 pg. 175 Exemplo 2.8 pg. 176 Exemplo 2.9 pg. 183 Exemplo 2.10 pg. 185 Exemplo 2.11 pg. 189 pg. 202 Exercícios 1.1 a 1.10 (excluído o 1.3) Lista 2.2 Resolver as integrais ( ) 20 0 3 sin 2 40 n xi x dxπ = ∫ e ( ) 40 20 360 sin 2 40 n xii x dxπ = − ∫ e determinar o valor de ( ) ( )1 20n c i ii= + do exemplo 3.2 (pg. 286). Exercícios 1.1 a 1.3 pg. 290 Lista 2.3 Exercícios 2.1 e 2.2 pg. 300 Lista 2.4 Exercícios 3.1 a 3.3 pg. 313 Cap 4 EQUAÇÃO DA ONDA UNIDIMENSIONAL 4.1 Corda elástica presa nas extremidades Queremos determinar ( ),u x t que resolva o PVIF: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 ,0 ,0 0 0, 0 , 0 u u t x uu x f x x g x x L t u t u L t α ∂ ∂ = ∂ ∂ ∂ = = < < ∂ = = 1 Suponha que ( ),gu x t seja a solução quando ( ) 0f x = e que ( ),fu x t seja a solução quando ( ) 0g x = . Então ( ) ( ) ( ), , ,g fu x t u x t u x t= + é solução do PVIF original. 4.1.1 Corda elástica presa nas extremidades, com velocidade inicial nula Trata-se de determinar ( ),u x t que resolva o PVIF: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 ,0 ,0 0 0 0, 0 , 0 u u t x uu x f x x x L t u t u L t α ∂ ∂ = ∂ ∂ ∂ = = < < ∂ = = As soluçõe fundamentais: ( ),nu x t cos sin n nt x L L α π π = ( ) ( )1 sin sin 2 n x t n x t L L π α π α − + = + A solução geral: ( ),u x t 1 cos sinn n n t n xc L L α π π∞ = = ∑ ( ) ( ) 1 1 1 sin sin 2 n nn n n x t n x t c c L L π α π α∞ ∞ = = − + = + ∑ ∑ ( ) ( ) ~ ~1 2 f x t f x tα α = − + + nc ( ) 0 2 sin L n xf x dx L L π = ∫ 2 4.1.2 Corda elástica presa nas extremidades, com deslocamento inicial nulo. Trata-se de determinar ( ),u x t que resolva o PVIF: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 ,0 0 ,0 0 0, 0 , 0 u u t x uu x x g x x L t u t u L t α ∂ ∂ = ∂ ∂ ∂ = = < < ∂ = = Suponha que a solução possa ser escrita como ( ) ( ) ( ),u x t X x T t= . Então 2 2 2 2 2u u t t α∂ ∂= ∂ ∂ ⇒ ( ) ( )''X x T t ( ) ( )2 ''X x T tα= ⇒ ( ) ( ) ''X x X x ( ) ( )2 ''1 T t T t λ α = = ⇒ ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )2 '' 0 0 0 0 1 '' 0 0 0 2 X x X x X X L T x T x T λ α λ − = = = − = = Sabemos que a equação ( )1 acima tem solução somente se ( ) 2 2 2 1, 2,... n n L πλ = − = e as soluções fundamentais são ( ) sinn nX x x L π = , para 1, 2,...n = Substituindo 2 2 2 n L πλ = − em ( )2 : ( ) ( ) 2 2 2 2'' 0 nT x T x L α π + = ⇒ 2 2 2 2 2 nr L α π + 0= ⇒ nr i L α π = ± ⇒ ( )T t 1 2cos sin n nc t c t L L α π α π = + ( )0 0T = ⇒ 0 1 2 0c c= + ⇒ 1 0c = As soluções fundamentais: ( )nT t sin n t L α π = , para 1, 2,...n = Portanto, o PVIT 3 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 ,0 0 ,0 0 0, 0 , 0 u u t x uu x x g x x L t u t u L t α ∂ ∂ = ∂ ∂ ∂ = = < < ∂ = = tem soluções fundamentais ( ) ( ) ( ), sin sinn n n n t n xu x t X x T t L L α π π = = , para 1, 2,3,...n = Para cada n, a solução fundamental ( ),nu x t é chamada de modo normal (ou natural) de vibração, onda estacionária ou harmônico. Na variável x, cada solução ( ),nu x t tem período fundamental 2L n , também chamado de comprimento de onda do modo normal. Além disso, tem 1n − pontos fixos no intervalo 0 x L< < . A solução geral ( ) ( ) 1 1 , , sin sinn n n n n n t n xu x t c u x t c L L α π π∞ ∞ = = = = ∑ ∑ deve satisfazer a condição inicial ( ) ( ) 1 ,0 cos 0 sinn n u n n n xx c g x t L L L α π α π π∞ = ∂ = = ∂ ∑ . Implica em ( ) 1 sinn n n n xg x c L L α π π∞ = = ∑ , a série de Fourier de senos para a função ( )g x . Sendo assim, ( ) 0 2 sin L n n n xc g x dx L L L α π π = ∫ , para 1, 2,...n = Para cada n, pode-se reescrever cada solução fundamental como: ( ) ( ) ( )1, sin sin cos cos 2n n x t n x tn t n xu x t L L L L π α π αα π π − + = = − , E a solução geral como: ( ) ( ) ( ) 1 1, cos cos 2nn n x t n x t u x t c L L π α π α∞ = − + = − ∑ 4 Observe que: Se ( ) 1 sinn n n n xg x c L L α π π∞ = = ∑ , então: ( )1 ( ) 1 sinn i n n n xc g x L L α π π∞ = = ∑ em que ( )ig x é a extensão ímpar de ( )g x . ( )2 ( )ig x dx∫ 1 sinn n n n xc dx L L α π π∞ = = ∑∫ 1 1 sin cosn n n n n n x n xc dx c L L L π π πα α ∞ ∞ = = = = − ∑ ∑∫ ( ) x t i x t g w dw α α + − ∫ ( ) ( ) 1 cos cosn n n x t n x t c L L π α π α α ∞ = − + = − ∑ ⇒ ( ),u x t ( )1 2 x t i x t g w dw α αα + − = ∫ A solução de d’Alembert. Chamando de ( )h x ( ) 0 x ig w dw= ∫ , ( ),u x t ( ) ( ) 0 0 1 2 x t i i x t g w dw g w dw α αα + − = + ∫ ∫ ( ) ( )1 2 h x t h x tα α α = + + − representa duas funções se deslocando em sentidos opostos sobre o eixo dos x, entre 0 e L. 5 Exemplo 4.2 pg. 350 Uma corda elástica uniforme, com 40L = , 2α = e velocidade inicial dada por ( ) 10 0 20 4 10 20 40 x se x g x x se x ≤ < = − ≤ ≤ , resolver o PVIF: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 24 ,0 0 ,0 0 0, 0 , 0 u u t x uu x x g x x L t u t u L t ∂ ∂ = ∂ ∂ ∂ = = < < ∂ = = A solução: ( ),u x t 1 sin sin 20 40nn n t n xc π π ∞ = = ∑ , em que 6 20 n n cπ ( ) 40 0 1 sin 20 40 n xg x dxπ = ∫ 20 40 0 20 1 sin 4 sin 20 10 40 10 40 x n x x n xdx dxπ π = + − ∫ ∫ 2 2 16 sin 2 n n π π = ( )1,2,3,...n = nc 3 3 320 sin 2 n n π π = Portanto: ( ),u x t 3 3 1 320 sin sin sin 2 20 40n n t n xn n π π π π ∞ = = ∑ ( ) ( ) ( ) ( ) 33 0 1 2 1 2 1320 sin sin 20 402 1 k k k t k x k π π π ∞ = − + + = + ∑ A solução de d’Alembert: ( ),u x t ( ) ( ) ( )1 1 2 2 4 4 x t i x t g w dw h x t h x t α α + − = = + + − ∫ , em que ( )ig x é a extensão ímpar de ( )g x , ou seja, ( )ig x 4 10 40 20 10 20 20 4 10 20 40 x se x x se x x se x − − − ≤ < − = − ≤ < − ≤ ≤ ( ) ( )80i ig x g x+ = , e ( ) ( ) 0 x ih x g w dw= ∫ 2 2 2 4 20 40 20 20 20 20 4 20 20 40 x x se x x se x x x se x − − − ≤ < − = − ≤ < − ≤ ≤ ( ) ( )80h x h x+ = ( ) ( ) 2 2 2 40 40 20 40 20 20 20 20 40 40 20 20 40 x se x x se x x se x − + − ≤ < − = − ≤ < − − ≤ ≤ ( ) ( )80h x h x+ = Observe que a solução ( ),u x t ( ) ( ) ( ) ( ) 33 0 1 2 1 2 1320 sin sin 20 402 1 k k k t k x k π π π ∞ = − + + = + ∑ é períódica com período 40 no eixo t e período 80 no eixo x. 7 Lista 2.5 Exercícios 1.3 a 1.7 pg. 359 8
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