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Formulário: mF /10.85,8 120 ; 0. r ; mH /10.26,1 60 ; 2/8,9 smg 21 21 2 21 21 2112 . rr rr rr qqkFF ; 04 1 k ; ' 3 '' '' d rr rrrqkFr ; rEqrFel ' 3 '' '' d rr rrrkrE ; 0 ˆ T S E QdSnE ; dVrQ V T . ; rVrE r ldErV ; B AAB ldEVVV ; ' ' ' ' d rr rkrV ; rVqE p . A prova terá duração de 90 minutos e os cálculos devem ser mostrados na integra. Não serão consideradas respostas que não venham acompanhadas de todas as passagens pertinentes. Questão 01 Valor: 3,5 pontos Três corpos pontuais idênticos, carregados com uma carga elétrica q = 1,6.10-8 C, encontram-se nos vértices de um cubo de lado a = 5,4 cm (ver figura ao lado). Um quarto corpo pontual, com carga Q = 2,8.10-6 C, encontra-se num outro vértice do cubo, conforme mostra a figura. Calcule o vetor força elétrica exercida pelas três cargas q sobre a carga Q. Dados: q = 1,6.10-8 C , Q = 2,8.10-6 C , a = 5,4 cm = 5,4.10-2 m Solução: A situação mostrada na figura apresenta as cargas em situações bastante simétricas. Dessa forma, basta calcularmos a força de uma delas sobre a carga Q e as outras forças podem ser deduzidas por analogia. Vamos calcular a força exercida pela carga q em x = a. �⃗�ଵ(𝑟) = 1 4𝜋𝜀 𝑞𝑄 |𝑟 ଵ|ଶ (𝑟 ଵ) |𝑟 ଵ| Onde: 𝑟 ො + 𝑎𝑦ො + 𝑎�̂� é a posição da carga Q. 𝑟ଵ = 𝑎𝑥ො é a posição da carga q que está sobre o eixo x. 𝑟 ଵ = 𝑎𝑦ො + 𝑎�̂� e |𝑟 ଵ| = √𝑎ଶ + 𝑎ଶ = √2𝑎 Finalmente: �⃗� (𝑟) = ଵ ସగఌబ ொ ଶమ ௬ොା௭̂ √ଶ �⃗� (𝑟) = ொ ଼√ଶగఌబమ (𝑦ො + �̂�) Por analogia, podemos calcular a força exercida pela carga q situada em y = a. �⃗� (𝑟) = 𝑞𝑄 8√2𝜋𝜀𝑎ଶ (𝑥ො + �̂�) Por analogia, ainda, podemos calcular a força exercida pela carga q situada em z = a. �⃗� (𝑟) = 𝑞𝑄 8√2𝜋𝜀𝑎ଶ (𝑥ො + 𝑦ො) A força elétrica resultante será a soma dessas três forças: �⃗�(𝑟) = �⃗�ଵ(𝑟) + �⃗� (𝑟) + �⃗�ଷ(𝑟) = 𝑞𝑄 4√2𝜋𝜀𝑎ଶ (𝑥ො + 𝑦ො + �̂�) Substituindo os valores fornecidos: �⃗�(𝑟) = 9,8. 10ିଶ(𝑥ො + 𝑦ො + �̂�)(𝑁) q q q x y z Q a Questão 02 Valor: 3,5 pontos Uma semi-circunferência, de raio R e com o centro na origem das coordenadas, encontra-se carregada uniformemente com uma densidade de cargas. Calcule o campo elétrico gerado por essa semi- circunferência na origem das coordenadas. Solução: Pela simetria do problema, podemos concluir que o campo elétrico estará na direção do eixo x (se for positivo, será no sentido +x). Pelo formato do corpo carregado, devemos usar o sistema de coordenadas polares para montar o problema. Por fim, como não temos simetria suficiente para utilizar a Lei de Gauss no cálculo do campo E, devemos usar a Lei de Coulomb. 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = 1 4𝜋𝜀 න |𝑟 ᇱ|ଶ (𝑟 ᇱ) |𝑟 ᇱ| ᇲ 𝑑𝑙ᇱ Onde: 𝑟 é onde queremos calcular o campo elétrico. 𝑟ᇱ = 𝑅𝜌ො é a posição do elemento de arco dl’. 𝑟 ᇱ = −𝑅𝜌ො e |𝑟 ᇱ| = √𝑅ଶ = 𝑅 𝑑𝑙ᇱ = 𝑅𝑑𝜃′ é o comprimento do arco. 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = 1 4𝜋𝜀 න 𝑅ଶ (−𝑅𝜌ො) 𝑅 𝑅𝑑𝜃′ ଷగ ଶൗ గ ଶൗ 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = 1 4𝜋𝜀 න 𝑅 (−𝜌ො)𝑑𝜃′ ଷగ ଶൗ గ ଶൗ 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = − 4𝜋𝜀𝑅 න (𝜌ො)𝑑𝜃′ ଷగ ଶൗ గ ଶൗ Para fazermos a integração, deveremos decompor 𝜌ො 𝜌ො = 𝑐𝑜𝑠𝜃′𝑥ො + 𝑠𝑒𝑛𝜃′𝑦 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = − 4𝜋𝜀𝑅 න (𝑐𝑜𝑠𝜃′𝑥ො + 𝑠𝑒𝑛𝜃′𝑦ො)𝑑𝜃′ ଷగ ଶൗ గ ଶൗ Lembrando que esperamos o nosso campo na direção do eixo x: 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = ି ସగఌబோ ∫ (𝑐𝑜𝑠𝜃′𝑥ො)𝑑𝜃′ ଷగ ଶൗ గ ଶൗ 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = ି ସగఌబோ [𝑠𝑒𝑛𝜃′]గ ଶൗ ଷగ ଶൗ 𝑥ො 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = ଶగఌబோ 𝑥ො Questão 03 Valor: 3,0 pontos Um fio retilíneo muito longo (infinito), carregado com uma densidade linear de cargas constante, encontra-se situado sobre o eixo x (ver figura). Na região há um campo gravitacional g apontando para baixo (sentido negativo do eixo y). (a) Calcular a diferença de potencial elétrico entre os pontos situados nas posições yA e yB do eixo y. (b) Se um corpo pontual de massa m e carga Q for colocado em repouso na posição yA, calcule a sua energia cinética ao atingir a posição yB. Solução: (a) A diferença de potencial pode ser calculada a partir do campo elétrico, através da fórmula: ο𝑉 = 𝑉(𝑦) − 𝑉(𝑦) = − න 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑑𝑙 ௬ಳ ௬ಲ x y R x y g yA yB Q,m y x dl’ r’ Onde o campo elétrico de um fio infinito pode ser calculado através da Lei de Gauss. A Lei de Gauss coloca: 𝛷ா = 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 ௌ = 𝑄் 𝜀 Analisando a simetria do problema, podemos ver que: 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = 𝐸(𝑟)𝜌ො o campo elétrico está na direção radial A superfície gaussiana S será a superfície cilíndrica de raio r (distância onde queremos calcular E) e altura h. 𝑆 = 𝑆௧ + 𝑇ଵ + 𝑇ଶ 𝛷ா = ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 ௌೌ + ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 భ் + ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 మ் = 𝑄் 𝜀 Na superfície lateral do cilindro (Slat) o versor normal será: 𝑛ො = 𝜌ො 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො = 𝐸(𝑟)𝜌ො. 𝜌ො = 𝐸(𝑟) Na tampa direita do cilindro (T1) o versor normal será: 𝑛ො = 𝑥ො 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො = 𝐸(𝑟)𝜌ො. 𝑥ො = 0 Na tampa esquerda do cilindro (T2) o versor normal será: 𝑛ො = −𝑥ො 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො = 𝐸(𝑟)𝜌ො. (−𝑥ො) = 0 𝛷ா = ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 ௌೌ + ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 భ் + ඵ 𝐸ሬ⃗ (𝑟). 𝑛ො𝑑𝑆 మ் = ඵ 𝐸(𝑟)𝑑𝑆 ௌೌ = 𝑄் 𝜀 Por simetria, podemos afirmar que o módulo do campo elétrico é constante em todo Slat. 𝛷ா = ∬ 𝐸(𝑟)𝑑𝑆ௌೌ = 𝐸(𝑟) ∬ 𝑑𝑆ௌೌ = ொ ఌబ 𝛷ா = 𝐸(𝑟)𝑆௧ = 𝐸(𝑟)2𝜋𝑟ℎ = ொ ఌబ 𝐸(𝑟) = ொ ଶగ బ (devemos calcular então a carga total QT no interior da superfície gaussiana S) QT será igual a .h (onde h é o comprimento do trecho do fio no interior da superfície S). Finalmente: 𝐸(𝑟) = ଶగఌబ 𝐸(𝑟) = ଶగ బ 𝐸ሬ⃗ (𝑟) = ଶగ బ 𝜌ො Voltando ao nosso cálculo da diferença de potencial: ο𝑉 = 𝑉(𝑦) − 𝑉(𝑦) = − න 2𝜋𝜀𝑟 𝜌ො. 𝑑𝑙 ௬ಳ ௬ಲ No nosso caso específico, quando todos os pontos estão ao longo do eixo y, teremos: 1) A direção radial coincide com o eixo y: 𝑟 ≡ 𝑦 e 𝜌ො ≡ 𝑦ො 2) O elemento de integração será: 𝑑𝑙 = 𝑑𝑦𝑦ො Teremos assim: ο𝑉 = 𝑉(𝑦) − 𝑉(𝑦) = − ∫ ଶగఌబ௬ 𝑦ො. 𝑑𝑦𝑦ො௬ಳ௬ಲ ο𝑉 = − ∫ ଶగఌబ௬ 𝑑𝑦௬ಳ௬ಲ Portanto: ο𝑉 = − ଶగఌబ ∫ ଵ௬ 𝑑𝑦 ௬ಳ ௬ಲ ο𝑉 = − ଶగఌబ 𝑙𝑛 ቀ௬ಳ ௬ಲ ቁ (b) Usaremos a conservação da energia mecânica para calcular a velocidade em yB: 𝐸(𝑦) + 𝐸௧(𝑦) = 𝐸(𝑦) + 𝐸௧(𝑦) Como o corpo é largado em repouso em yA, 𝐸(𝑦) = 0 Teremos: 𝐸(𝑦) = 𝐸௧(𝑦) − 𝐸௧(𝑦) 𝐸(𝑦) = −ο𝐸௧ 𝐸(𝑦) = −ο𝐸௧௧ − ο𝐸௧ ௩ Mas: 𝐸(𝑦) = −𝑄ο𝑉 + 𝑚𝑔(𝑦 − 𝑦) 𝐸(𝑦) = ொ ଶగఌబ 𝑙𝑛 ቀ௬ಳ ௬ಲ ቁ + 𝑚𝑔(𝑦 − 𝑦) x y E
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