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Nº SEQUENCIAL 1° 2° 3° 4° FS 3130 – Física III P 3 A 05/12/2018 NOTA: NOME: ASS.: TURMA: Todas as respostas devem ser justificadas e as passagens necessárias para o entendimento da solução devem estar presentes. Haverá penalização de 0,2 pontos por unidade incorreta ou ausente. carga fundamental: 𝑒 = 1,6 𝑥 10−19 C massa do elétron: 𝑚𝑒 = 9,11 𝑥 10 −31 kg massa do próton: 𝑚𝑝 = 1,67 𝑥 10 −27 kg 𝜀0 = 8,85 𝑥 10 −12 C2 N.m2 1 4𝜋𝜀0 = 9,0 𝑥 109 Nm2 C2 𝜇0 = 4𝜋 𝑥 10 −7 Tm 𝐴 1,0 𝜇 = 1,0 𝑥 10−6 1,0 𝑛 = 1,0 𝑥 10−9 1) Uma partícula alfa (𝑞 = +2𝑒 e 𝑚 = 6,64 ∙ 10−27 kg) é lançada, a partir de um ponto muito distante da origem, com uma velocidade escalar inicial 𝑣0 = 60,0 km s no sentido positivo de um eixo 𝑥. Em certo instante, a partícula alfa entra em uma região de campo elétrico cujo potencial elétrico 𝑉 é mostrado na figura ao lado. Formulário: �⃗� = −( 𝜕𝑉 𝜕𝑥 𝑖 + 𝜕𝑉 𝜕𝑦 𝑗 + 𝜕𝑉 𝜕𝑧 �⃗� ); 𝐹 = 𝑞�⃗� ; 1,0 eV = 1,6 ∙ 10−19 J ; 𝑊𝐹 𝑒𝑙é𝑡𝑟𝑖𝑐𝑎 = −∆𝑈 = −𝑞∆𝑉; ∆𝐸𝑐𝑖𝑛é𝑡𝑖𝑐𝑎 + ∆𝑈 = 0; (a)(1,5) A partícula alfa consegue ultrapassar a barreira de potencial ou inverte seu movimento? Justifique. Conforme o caso, calcule a velocidade com a qual a partícula alfa passa pela origem ou determine sua posição de retorno. 𝐸𝑇 = 𝐸𝑐𝑖𝑛é𝑡𝑖𝑐𝑎 𝑖𝑛𝑖𝑐𝑖𝑎𝑙 = 𝑚𝑣𝑜 2 2 = 6,64∙10−27.(60∙103)2 2 = 1,195 ∙ 10−17 J = 74,7 eV (0,5) 𝐸𝑇 é menor que a 𝑈𝑚á𝑥 = 𝑞∆𝑉 = 2𝑒. 60 = 120 eV imposta pela barreira de potencial, portanto a partícula alfa não consegue ultrapassar a região de campo elétrico. (0,5) 𝐸𝑇 = 74,7 eV = 𝐸𝑐 + 𝑈 74,7 eV = 0 + 2e∆𝑉 ∆𝑉 = 37,25 V 60 −10−(−15) = 37,35 𝑥+15 𝑥 + 15 = 5.37,35 60 𝑥 = −11,9 cm (0,5) (b)(1,0) Calcule o vetor campo elétrico na região próxima à origem e em torno de 𝑥 = 85 cm. �⃗� = −( 𝑑𝑉 𝑑𝑥 𝑖 ) Na origem 𝑑𝑉 𝑑𝑥 = 0, então �⃗� = 0⃗ (0,5) Em 𝑥 = 85 cm, 𝑑𝑉 𝑑𝑥 = 0−20 (90−80)∙10−2 = −200 V m , então �⃗� = (200 𝑖 ) V m (0,5) -30 -20 -10 0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 110 120 0 10 20 30 40 50 60 70 P o te n ci al V ( vo lt s) posição do eixo x (cm) 2) A figura (a) mostra uma esfera maciça de raio 𝑎 = 10,0 cm concêntrica a uma casca esférica de raio interno 𝑏 = 20,0 cm e raio externo 𝑐 = 24,0 cm. A figura (b) mostra o fluxo elétrico que atravessa uma gaussiana esférica em função de seu raio 𝑟. A gaussiana é concêntrica a esfera maciça e a casca esférica. Formulário: : ∮(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜖0 a)(0,5) Determine o valor da carga total distribuída na esfera maciça. Para uma gaussiana com raio no intervalo 10 cm < 𝑟 < 20 cm, o fluxo elétrico é de 20 ∙ 106 Nm2 C . Portanto: Φ𝐸 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜀0 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 = 𝑞 = Φ𝐸 . 𝜀 0 = 20 ∙ 10 6. 8,85 ∙ 10−12 𝑞 = 177 ∙ 10−6 = 177 μ C (0,5) b)(1,0) Determine, usando a lei de Gauss, o módulo do campo elétrico em 𝑟 = 15,0 cm. Φ = ∮(�⃗� ∙ �⃗� ) 𝑑𝐴 = ∮(𝐸�̂� ∙ �̂�) 𝑑𝐴 = ∮𝐸𝑑𝐴 = 𝐸 ∮𝑑𝐴 = 𝐸 ∙ 𝐴𝑒𝑠𝑓𝑒𝑟𝑎 = 𝐸 ∙ 4𝜋𝑟 2 (0,5) 𝐸 = Φ 4𝜋𝑟2 = 20∙106 4𝜋(0,15)2 = 70,7 ∙ 106 N C (0,5) ou 𝐸 = Φ 4𝜋𝑟2 = 1 4𝜋𝜀 0 𝑞 𝑟2 c)(0,5) Qual corpo é um condutor elétrico, a esfera maciça ou a casca esférica? Justifique bem sua resposta. A casca esférica é condutora pois o fluxo em seu interior é zero (0,5) d)(0,5) Qual é o valor da carga elétrica total da casca esférica? Para uma gaussiana com raio maior que 24 cm, o fluxo elétrico é de 15 ∙ 106 Nm2 C . Portanto: Φ𝐸 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜀0 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 = 𝑄 + 𝑞 = Φ𝐸 . 𝜀 0 = 15 ∙ 10 6. 8,85 ∙ 10−12 𝑄 + 𝑞 = 132 ∙ 10−6 = 132 μ C 𝑄 = 132 − 177 𝑄 = −45 μ C (0,5) (a) (b) �⃗� �̂� 20,0 0,0 Φ (1 0 6 N ∙m 2 /C ) 𝑟 20,0 (cm) q -q Q + q 3) Na figura ao lado, os fios infinitamente longos são mantidos fixos e conduzem correntes iguais que valem 𝐼 = 100 A e possuem o sentido negativo do eixo 𝑥. Os fios são separados por uma distância 2𝑎 = 8,0 cm. Formulário: 𝐵 = 𝜇0𝐼 2𝜋𝑟 ; 𝐹 = 𝐼(�⃗� × �⃗� ) (a)(1,0) Determine o vetor campo magnético resultante no ponto 𝑃 = (0,0, 𝑎) devido as correntes dos fios. 𝐵1 = 𝐵2 = 𝜇0𝐼 2𝜋𝑟 = 4𝜋∙10−7.100 2𝜋√2.0,04 = 3,536 ∙ 10−4 T (0,5) �⃗� 1 = 𝐵1 cos 45° 𝑗 + 𝐵1 𝑠𝑒𝑛 45° �⃗� �⃗� 2 = 𝐵2 cos 45° 𝑗 − 𝐵2 𝑠𝑒𝑛 45° �⃗� �⃗� 𝑃 = �⃗� 1 + �⃗� 2 = 2𝐵1 cos 45° 𝑗 + 0 �⃗� �⃗� 𝑃 = (5,0 𝑗 + 0,0 �⃗� )∙10 −4 T (0,5) (b)(1,5) Considere agora que um terceiro fio infinito e retilíneo passe pelo ponto P, de modo que fique paralelo ao eixo 𝑥. Quais são o valor e o sentido (+𝑥 𝑜𝑢 − 𝑥) da corrente que deve passar nesse terceiro fio para mantê-lo em equilíbrio, se sua densidade linear de massa vale 1,5 g m ? Use 𝑔 = 10 𝑚 𝑠2 Para que haja equilíbrio entre a força magnética e o peso do fio, a corrente no terceiro fio deve sair do plano da página, isto é, estar no sentido +𝑥. (0,5) No equilíbrio, 𝐹𝑚𝑎𝑔 = 𝑃 ( em módulo) 𝐼𝐿𝐵𝑃 . 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚𝑔 𝐼𝐵𝑃 . 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚 𝐿 𝑔 = 𝜆𝑔 𝐼 = 𝜆𝑔 𝐵𝑃 = 1,5∙10−3.10 5,0∙10−4 𝐼 = 30 A (1,0) �⃗⃗� 𝑷 �⃗⃗� 𝑷 ● �⃗⃗� 𝒎𝒂𝒈 𝑦 𝑧 𝑥 ⨀ 45° 45° 𝑎 𝑎 𝑎 𝑦 𝑧 �⃗⃗� 𝟏 �⃗⃗� 𝟐 𝑰𝟏 𝑰𝟐 𝑷 ● √2𝑎 45° 45° 4) A figura ao lado mostra uma barra de massa 𝑚 = 0,200 kg que pode deslizar sem atrito sobre um par de trilhos separados por uma distância ℓ = 1,20 m e localizada em um plano inclinado que forma um ângulo 𝜃 = 30,0° em relação ao solo. A resistência do resistor é 𝑅 = 1,00 Ω e um campo magnético uniforme de módulo 𝐵 = 0,500 T é direcionado para baixo, perpendicular ao plano inclinado e se estende por toda a região pela qual a barra se move. Use 𝑔 = 10 𝑚 𝑠2 . Formulário: Φ𝐵 = ∫(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 ; 𝜀 = − 𝑑Φ𝐵 𝑑𝑡 ; 𝐹 = 𝐼(�⃗� × �⃗� ); 𝐹𝑅 = 𝑚. 𝑎 ; 𝑖 = |𝜀| 𝑅 a)(0,5) A corrente induzida no circuito percorre a barra do ponto 𝑎 para o ponto 𝑏 ou de 𝑏 para 𝑎? Justifique. O movimento da barra faz o fluxo magnético aumentar, então, conforme a Lei de Lenz, a corrente induzida irá produzir um fluxo contrário, para que isto aconteça, a corrente induzida deve percorrer a barra no sentido de 𝑎 para 𝑏. b)(2,0) A barra desliza pelos trilhos até alcançar uma velocidade terminal, calcule essa velocidade. A velocidade terminal (limite) é alcançada quando o módulo da aceleração for 𝑎 = 0. 𝐹𝑅 = 𝑚. 𝑎 𝑃𝑥 − 𝐹𝑚𝑎𝑔 = 𝑚𝑎 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° − 𝑖𝑖𝑛𝑑ℓ𝐵. 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚𝑎 Na condição de velocidade terminal (a = 0), vem que: 𝑖𝑖𝑛𝑑 𝑚á𝑥ℓ𝐵 = 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° (1) (0,5) Φ𝐵 = ∫(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 = ∫ 𝐵. 1. cos 0° ℓ𝑑𝑥 𝑥 0 = 𝐵ℓ ∫ 𝑑𝑥 𝑥 0 = 𝐵ℓ𝑥 𝜀= − 𝑑Φ𝐵 𝑑𝑡 = −𝐵ℓ 𝑑x 𝑑𝑡 = − 𝐵ℓ𝑣 𝑖 = |𝜀| 𝑅 𝑖𝑖𝑛𝑑 𝑚á𝑥 = |𝜀|𝑚á𝑥 𝑅 = 𝐵ℓ𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 𝑅 (2) (0,5) Substituindo (2) em (1), vem que: 𝐵ℓ𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 𝑅 ℓ𝐵 = 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 𝑚𝑔𝑅𝑠𝑒𝑛 30° 𝐵2ℓ2 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 0,20.10.1. 𝑠𝑒𝑛 30° (0,5)2. (1,2)2 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 2,78 m s (1,0) 𝑥 𝑎 • • 𝑏 �⃗⃗� 𝒊𝒊𝒏𝒅 �⃗⃗� �⃗⃗� 𝒙 �⃗⃗� 𝒚 �⃗⃗� 𝒎𝒂𝒈 �⃗⃗� 𝟑𝟎° �⃗⃗� �⃗⃗� Nº SEQUENCIAL 1° 2° 3° 4° FS 3130 – Física III P 3 B 05/12/2018 NOTA: NOME: ASS.: TURMA: Todas as respostas devem ser justificadas e as passagens necessárias para o entendimento da solução devem estar presentes. Haverá penalização de 0,2 pontos por unidade incorreta ou ausente. carga fundamental: 𝑒 = 1,6 𝑥 10−19 C massa do elétron: 𝑚𝑒 = 9,11 𝑥 10 −31 kg massa do próton: 𝑚𝑝 = 1,67 𝑥 10 −27 kg 𝜀0 = 8,85 𝑥 10 −12 C2 N.m2 1 4𝜋𝜀0 = 9,0 𝑥 109 Nm2 C2 𝜇0 = 4𝜋 𝑥 10 −7 Tm 𝐴 1,0 𝜇 = 1,0 𝑥 10−6 1,0 𝑛 = 1,0 𝑥 10−9 1) Uma partícula alfa (𝑞 = +2𝑒 e 𝑚 = 6,64 ∙ 10−27 kg) é lançada, a partir de um ponto muito distante da origem, com uma velocidade escalar inicial 𝑣0 = 65,0 km s no sentido positivo de um eixo 𝑥. Em certo instante, a partícula alfa entra em uma região de campo elétrico cujo potencial elétrico 𝑉 é mostrado na figura ao lado. Formulário: �⃗� = −( 𝜕𝑉 𝜕𝑥 𝑖 + 𝜕𝑉 𝜕𝑦 𝑗 + 𝜕𝑉 𝜕𝑧 �⃗� ); 𝐹 = 𝑞�⃗� ; 1,0 eV = 1,6 ∙ 10−19 J ; 𝑊𝐹 𝑒𝑙é𝑡𝑟𝑖𝑐𝑎 = −∆𝑈 = −𝑞∆𝑉; ∆𝐸𝑐𝑖𝑛é𝑡𝑖𝑐𝑎 + ∆𝑈 = 0; (a)(1,5) A partícula alfa consegue ultrapassar a barreira de potencial ou inverte seu movimento? Justifique. Conforme o caso, calcule a velocidade com a qual a partícula alfa passa pela origem ou determine sua posição de retorno. 𝐸𝑇 = 𝐸𝑐𝑖𝑛é𝑡𝑖𝑐𝑎 𝑖𝑛𝑖𝑐𝑖𝑎𝑙 = 𝑚𝑣𝑜 2 2 = 6,64∙10−27.(65∙103)2 2 = 1,403 ∙ 10−17 J = 87,7 eV (0,5) 𝐸𝑇 é menor que a 𝑈𝑚á𝑥 = 𝑞∆𝑉 = 2𝑒. 60 = 120 eV imposta pela barreira de potencial, portanto a partícula alfa não consegue ultrapassar a região de campo elétrico. (0,5) 𝐸𝑇 = 87,7 eV = 𝐸𝑐 + 𝑈 87,7 eV = 0 + 2e∆𝑉 ∆𝑉 = 43,85 V 60 −10−(−15) = 43,85 𝑥+15 𝑥 + 15 = 5.43,85 60 𝑥 = −11,3 cm (0,5) (b)(1,0) Calcule o vetor campo elétrico na região próxima à 𝑥 = 20 cm e na região próxima à 𝑥 = 60 cm. �⃗� = −( 𝑑𝑉 𝑑𝑥 𝑖 ) Em 𝑥 = 20 cm, 𝑑𝑉 𝑑𝑥 = 20−60 (30−10)∙10−2 = −200 V m , então �⃗� = (200 𝑖 ) V m (0,5) Em 𝑥 = 60 cm, 𝑑𝑉 𝑑𝑥 = 0, então �⃗� = 0⃗ (0,5) -30 -20 -10 0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 110 120 0 10 20 30 40 50 60 70 P o te n ci al V ( vo lt s) posição do eixo x (cm) 2) A figura (a) mostra uma esfera maciça de raio 𝑎 = 10,0 cm concêntrica a uma casca esférica de raio interno 𝑏 = 20,0 cm e raio externo 𝑐 = 24,0 cm. A figura (b) mostra o fluxo elétrico que atravessa uma gaussiana esférica em função de seu raio 𝑟. A gaussiana é concêntrica a esfera maciça e a casca esférica. Formulário: : ∮(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜖0 a)(0,5) Determine o valor da carga total distribuída na esfera maciça. Para uma gaussiana com raio no intervalo 10 cm < 𝑟 < 20 cm, o fluxo elétrico é de 20 ∙ 106 Nm2 C . Portanto: Φ𝐸 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜀0 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 = 𝑞 = Φ𝐸 . 𝜀 0 = 20 ∙ 10 6. 8,85 ∙ 10−12 𝑞 = 177 ∙ 10−6 = 177 μ C (0,5) b)(1,0) Determine, usando a lei de Gauss, o módulo do campo elétrico em 𝑟 = 28,0 cm. Φ = ∮(�⃗� ∙ �⃗� ) 𝑑𝐴 = ∮(𝐸�̂� ∙ �̂�) 𝑑𝐴 = ∮𝐸𝑑𝐴 = 𝐸 ∮𝑑𝐴 = 𝐸 ∙ 𝐴𝑒𝑠𝑓𝑒𝑟𝑎 = 𝐸 ∙ 4𝜋𝑟 2 (0,5) 𝐸 = Φ 4𝜋𝑟2 = 15∙106 4𝜋(0,28)2 = 15,2 ∙ 106 N C (0,5) ou 𝐸 = Φ 4𝜋𝑟2 = 1 4𝜋𝜀 0 𝑄+𝑞 𝑟2 c)(0,5) Qual corpo é um condutor elétrico, a esfera maciça ou a casca esférica? Justifique bem sua resposta. A casca esférica é condutora pois o fluxo em seu interior é zero (0,5) d)(0,5) Qual é o valor da carga elétrica total da casca esférica? Para uma gaussiana com raio maior que 24 cm, o fluxo elétrico é de 15 ∙ 106 Nm2 C . Portanto: Φ𝐸 = 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 𝜀0 𝑄𝑒𝑛𝑣𝑜𝑙𝑣𝑖𝑑𝑎 = 𝑄 + 𝑞 = Φ𝐸 . 𝜀 0 = 15 ∙ 10 6. 8,85 ∙ 10−12 𝑄 + 𝑞 = 132 ∙ 10−6 = 132 μ C 𝑄 = 132 − 177 𝑄 = −45 μ C (0,5) (a) (b) �⃗� �̂� 20,0 0,0 Φ (1 0 6 N ∙m 2 /C ) 𝑟 20,0 (cm) q -q Q + q 3) Na figura ao lado, os fios infinitamente longos são mantidos fixos e conduzem correntes iguais que valem 𝐼 = 120 A e possuem o sentido negativo do eixo 𝑥. Os fios são separados por uma distância 2𝑎 = 8,0 cm. Formulário: 𝐵 = 𝜇0𝐼 2𝜋𝑟 ; 𝐹 = 𝐼(�⃗� × �⃗� ) (a)(1,0) Determine o vetor campo magnético resultante no ponto 𝑃 = (0,0, 𝑎) devido as correntes dos fios. 𝐵1 = 𝐵2 = 𝜇0𝐼 2𝜋𝑟 = 4𝜋∙10−7.120 2𝜋√2.0,04 = 4,243 ∙ 10−4 T (0,5) �⃗� 1 = 𝐵1 cos 45° 𝑗 + 𝐵1 𝑠𝑒𝑛 45° �⃗� �⃗� 2 = 𝐵2 cos 45° 𝑗 − 𝐵2 𝑠𝑒𝑛 45° �⃗� �⃗� 𝑃 = �⃗� 1 + �⃗� 2 = 2𝐵1 cos 45° 𝑗 + 0 �⃗� �⃗� 𝑃 = (6,0 𝑗 + 0,0 �⃗� )∙10 −4 T (0,5) (b)(1,5) Considere agora que um terceiro fio infinito e retilíneo passe pelo ponto P, de modo que fique paralelo ao eixo 𝑥. Quais são o valor e o sentido (+𝑥 𝑜𝑢 − 𝑥) da corrente que deve passar nesse terceiro fio para mantê-lo em equilíbrio, se sua densidade linear de massa vale 1,5 g m ? Use 𝑔 = 10 𝑚 𝑠2 Para que haja equilíbrio entre a força magnética e o peso do fio, a corrente no terceiro fio deve sair do plano da página, isto é, estar no sentido +𝑥. (0,5) No equilíbrio, 𝐹𝑚𝑎𝑔 = 𝑃 ( em módulo) 𝐼𝐿𝐵𝑃 . 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚𝑔 𝐼𝐵𝑃 . 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚 𝐿 𝑔 = 𝜆𝑔 𝐼 = 𝜆𝑔 𝐵𝑃 = 1,5∙10−3.10 6,0∙10−4 𝐼 = 25 A (1,0) 45° 45° 𝑎 𝑎 𝑎 𝑦 𝑧 �⃗⃗� 𝟏 �⃗⃗� 𝟐 𝑰𝟏 𝑰𝟐 𝑷 ● √2𝑎 45° 45° �⃗⃗� 𝑷 �⃗⃗� 𝑷 ● �⃗⃗� 𝒎𝒂𝒈 𝑦 𝑧 𝑥 ⨀ 4) A figura ao lado mostra uma barra de massa 𝑚 = 0,300 kg que pode deslizar sem atrito sobre um par de trilhos separados por uma distância ℓ = 1,50 m e localizada em um plano inclinado que forma um ângulo 𝜃 = 30,0° em relação ao solo. A resistência do resistor é 𝑅 = 1,00 Ω e um campo magnético uniforme de módulo 𝐵 = 0,600 T é direcionado para baixo, perpendicular ao plano inclinado e se estende por toda a região pela qual a barra se move. Use 𝑔 = 10 𝑚 𝑠2 . Formulário: Φ𝐵 = ∫(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 ; 𝜀 = − 𝑑Φ𝐵 𝑑𝑡 ; 𝐹 = 𝐼(�⃗� × �⃗� ); 𝐹𝑅 = 𝑚. 𝑎 ; 𝑖 = |𝜀| 𝑅 a)(0,5) A corrente induzida no circuitopercorre a barra do ponto 𝑎 para o ponto 𝑏 ou de 𝑏 para 𝑎? Justifique. O movimento da barra faz o fluxo magnético aumentar, então, conforme a Lei de Lenz, a corrente induzida irá produzir um fluxo contrário, para que isto aconteça, a corrente induzida deve percorrer a barra no sentido de 𝑎 para 𝑏. b)(2,0) A barra desliza pelos trilhos até alcançar uma velocidade terminal, calcule essa velocidade. A velocidade terminal (limite) é alcançada quando o módulo da aceleração for 𝑎 = 0. 𝐹𝑅 = 𝑚. 𝑎 𝑃𝑥 − 𝐹𝑚𝑎𝑔 = 𝑚𝑎 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° − 𝑖𝑖𝑛𝑑ℓ𝐵. 𝑠𝑒𝑛 90° = 𝑚𝑎 Na condição de velocidade terminal (a = 0), vem que: 𝑖𝑖𝑛𝑑 𝑚á𝑥ℓ𝐵 = 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° (1) (0,5) Φ𝐵 = ∫(�⃗� ∙ �⃗� )𝑑𝐴 = ∫ 𝐵. 1. cos 0° ℓ𝑑𝑥 𝑥 0 = 𝐵ℓ ∫ 𝑑𝑥 𝑥 0 = 𝐵ℓ𝑥 𝜀 = − 𝑑Φ𝐵 𝑑𝑡 = −𝐵ℓ 𝑑x 𝑑𝑡 = − 𝐵ℓ𝑣 𝑖 = |𝜀| 𝑅 𝑖𝑖𝑛𝑑 𝑚á𝑥 = |𝜀|𝑚á𝑥 𝑅 = 𝐵ℓ𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 𝑅 (2) (0,5) Substituindo (2) em (1), vem que: 𝐵ℓ𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 𝑅 ℓ𝐵 = 𝑚𝑔𝑠𝑒𝑛 30° 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 𝑚𝑔𝑅𝑠𝑒𝑛 30° 𝐵2ℓ2 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 0,30.10.1. 𝑠𝑒𝑛 30° (0,6)2. (1,5)2 𝑣𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑎𝑙 = 1,85 m s (1,0) 𝑥 𝑎 • • 𝑏 �⃗⃗� �⃗⃗� 𝒙 �⃗⃗� 𝒚 �⃗⃗� 𝒎𝒂𝒈 �⃗⃗� 𝟑𝟎° �⃗⃗� �⃗⃗� �⃗⃗� 𝒊𝒊𝒏𝒅
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