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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro APX1 - Métodos Determinísticos II (2020-2) Código da disciplina EAD06077 GABARITO Questão 1: [2,5 pts] Considere logx a = 10, logx b = 3 e logx c = 2. Calcule logx ( b2c a5 ) . Solução: logx ( b2c a5 ) = logx ( b2c )− logx (a5)= logx (b2)+ logx (c)− logx (a5)= 2logx (b)+ logx (c)−5logx (a) =−42. Questão 2: [2,5 pts] Considere f (x) = x +5 e g (x) =px −2. a) [1,5 pto] Determine a função f −1 ◦ g (x), fornecendo a sua expressão e seu domínio. b) [1,0 pto] Calcule f −1 ◦ g (4) Solução: a) Como f (x) = x +5, temos que y = x +5 ⇒ x = y −5. Donde, f −1(x) = x −5. Portanto, f −1 ◦ g (x) = g (x)−5 =px −2−5 =px −7. Sendo Dom( f −1 ◦ g ) =R+∪ {0} ou Dom( f −1 ◦ g ) = [0,+∞). b) f −1 ◦ g (4) =p4−7 = 2−7 =−5. Questão 3: [2,5 pts] Considere a função f :R\ {1} →R, definida por f (x) = x 2 −1 |x −1| . a) [1,0 pto] Encontre lim x→1+ f (x) e lim x→1− f (x). b) [0,5 pto] Existe lim x→1 f (x)? Justifique sua resposta. c) [1,0 pto] Esboce o gráfico de f . Solução: a) lim x→1+ f (x) = lim x→1+ x2 −1 |x −1| = limx→1+ x2 −1 x −1 = limx→1+(x +1) = 2. lim x→1− f (x) = limx→1− x2 −1 |x −1| = limx→1− x2 −1 −(x −1) = limx→1−−(x +1) =−2. b) Não existe lim x→1 f (x), pois limx→1+ f (x) = 2 6= −2 = lim x→1− f (x). c) Para esboçar o gráfico de f , observe que podemos reescrever sua lei de formação da seguinte forma: f (x) = x 2 −1 |x −1| = { x +1, se x > 1 −(x +1), se x < 1 . Portanto, o gráfico de f é dado por Questão 4: [2,5 pts] Calcule os limites abaixo, justificando todas as suas respostas. a) [0,5 pto] lim x→+∞ p x +5p x +5 b) [1,0 pto] lim x→+∞ ex x c) [1,0 pto] lim x→0 |2x −1|− |2x +1| x Solução: a) lim x→+∞ p x +5p x +5 = limx→+∞ p x p 1+5/xp x(1+5/px) = limx→+∞ p 1+5/x (1+5/px) = 1. b) Observe que as imagens da função exponencial f (x) = ex crescem muito mais rápido do que as ima- gens da função g (x) = x, quando x →+∞. Este fato pode ser constatado através da comparação entre os gráficos de f e g , como vemos abaixo. 2 Dessa forma, como o crescimento do numerador da função h(x) = e x x é muito superior ao cresci- mento do seu denominador à medida que x se torna arbitrariamente grande, segue que lim x→+∞ ex x = +∞. Confira abaixo o gráfico da função h(x) = e x x . c) Para calcular lim x→0 |2x −1|− |2x +1| x , devemos analisar o sinal de cada função dentro dos módulos quando x está arbitrariamente próximo de zero. Assim, para −1 2 < x < 1 2 , temos 2x −1 < 0 e 2x +1 > 0. Portanto, |2x −1| = −(2x −1) e |2x +1| = 2x +1, sempre que −1 2 < x < 1 2 . Logo, lim x→0 |2x −1|− |2x +1| x = lim x→0 −(2x −1)− (2x +1) x = lim x→0 −2x +1−2x −1 x = lim x→0 −4x x =−4. 3
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