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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro AD1 – GABARITO – PRÉ-CÁLCULO PARA ENGENHARIA – 2021/1 Questão 1 [2,0 pontos] Considere a expressão algébrica abaixo. E = y x2 − y2 + x |x− y| Agora, observe atentamente a tentativa de desenvolvimento da expressão: = y x2 − y y2 + x |x− y| = = y x2 − y y2 + x x− y = = y x2 − y y2 + 1 1− y . a. [1,0] Encontre os erros cometidos no desenvolvimento, justificando, e explique o que deveria ter sido feito (ou seja, desenvolva usando passos matematicamente corretos). b. [1,0] Se x = 1, obtenha algum valor de y tal que E = 1, justificando sua resposta. Solução: a. Um erro encontra-se na primeira linha, ao considerarmos y x2 − y2 = y x2 − y y2 . Isto não pode ser feito, pois não se separa frações por somas ou diferenças no denominador. O segundo erro ocorre em x |x− y| = x x− y , ao se desconsiderar o módulo. Isto só seria permitido se tivéssemos certeza de que x− y ≥ 0. Um terceiro erro aparece na terceira linha, onde cancelamos x na fração: x x− y = 1 1− y . Isto é totalmente errado, pois podeŕıamos cancelar apenas se a diferença estivesse no numera- dor, não no denominador. Um desenvolvimento aceitável segue abaixo: E = y x2 − y2 + x |x− y| = PRÉ-CÁLCULO PARA ENGENHARIA AD1 2 1. Caso 1: x ≥ y, e portanto |x− y| = x− y. A expressão ficaria (aproveitando já para fatorar x2 − y2) E = y (x− y)(x+ y) + x x− y = E = y (x− y)(x+ y) + x(x+ y) (x− y)(x+ y) = (consideramos o mmc entre os denominadores) E = y + x2 + xy (x− y)(x+ y) = E = y + x2 + xy x2 − y2 . 2. Caso 2: x < y, e assim |x− y| = −(x− y). E = y (x− y)(x+ y) − x x− y . Os passos seriam os mesmos do caso 1, e ficaŕıamos com E = y − x2 − xy (x2 − y2 . b. Se x = 1, temos E = y 1− y2 + 1 |1− y| = 1. Por causa do módulo, precisaremos separar em dois casos: 1. Caso 1: 1− y ≥ 0, ou ainda, y ≤ 1, o que nos dá |1− y| = 1− y. y (1− y)(1 + y) + 1 1− y = 1, y (1− y)(1 + y) + (1 + y) 1− y2 = 1, e assim, depois de uniformizar os denominadores, multiplicamos a equação por 1 − y2, obtendo y + 1 + y = 1− y2, e portanto a equação y2 + 2y = 0, cujas soluções são 0 e −2. Como ambos são menores do que 1, satisfazem o que foi requisitado. Funda̧ao CECIERJ Consórcio CEDERJ PRÉ-CÁLCULO PARA ENGENHARIA AD1 3 2. Caso 2: 1− y < 0, ou ainda, y > 1, o que nos dá |1− y| = −(1− y). A equação fica y (1− y)(1 + y) − 1 1− y = 1, e seguindo os mesmos passos do caso 1, obtemos y − (1 + y) = 1− y2, ou seja, y2 = 2. As soluções desta equação são √ 2 e − √ 2. Apenas a primeira, √ 2, é aceitável, pelo que foi requisitado no caso 2 (y > 1). Obtemos assim três soluções, 0, −2 e √ 2. Questão 2 [3,0 pontos] Considere a expressão E(x) = 3− 5x |1− 4x| − |x| . Faça o que se pede: a. Encontre os valores de x tais que E(x) = 0. b. Encontre os valores de x tais que E(x) > 0. c. Encontre os valores de x tais que E(x) < 0. Sugestão: Faça a tabela do estudo do sinal da expressão E(x). Solução: Dada a expressão |1−4x|−|x|, sabemos que |1−4x| = 1− 4x, se 1− 4x > 0 0, se 1− 4x = 0 −(1− 4x), se 1− 4x < 0 ⇒ |1− 4x| = 1− 4x, se x < 1 4 0, se x = 1 4 −1 + 4x, se x > 1 4 e |x| = { x, se x ≥ 0 −x, se x < 0 Encontrando a expressão |1− 4x| − |x| sem uso do valor absoluto. x < 0 0 < x < 1 4 x > 1 4 |1− 4x| 1− 4x 1− 4x −1 + 4x |x| −x x x |1− 4x| − |x| 1− 3x 1− 5x −1 + 3x Assim, |1− 4x| − |x| = 1− 3x, se x < 0 1− 5x, se 0 < x < 1 4 −1 + 3x, se x > 1 4 Observe que a expressão do enunciado não está definida para x = 1 3 e x = 1 5 . a. E(x) = 0 se 3− 5x = 0, ou seja, para x = 3 5 . b. A expressão 3− 5x muda de sinal em x = 3 5 . Logo, como 0 < 1 5 < 1 4 < 1 3 < 3 5 , temos a seguinte tabela do estudo do sinal da expressão E(x): Funda̧ao CECIERJ Consórcio CEDERJ PRÉ-CÁLCULO PARA ENGENHARIA AD1 4 x < 0 0 < x < 1 5 1 5 < x < 1 4 1 4 < x < 1 3 1 3 < x < 3 5 x > 3 5 3− 5x +++ +++ +++ +++ +++ −−− |1− 4x| − |x| +++ +++ −−− −−− +++ +++ E(x) = 3− 4x |1− 3x| − |x| +++ +++ −−− −−− +++ −−− 3− 5x |1− 4x| − |x| > 0 em ( −∞, 1 5 ) ∪ ( 1 3 ,+∞ ) ; 3− 5x |1− 4x| − |x| = 0, para x = 3/5. 3− 5x |1− 4x| − |x| < 0 em ( 1 5 , 1 3 ) ∪ ( 3 5 ,+∞ ) . 3− 5x |1− 4x| − |x| não está definida para x = 1 3 e x = 1 5 . Questão 3 [3,0 pontos] Considere a equação √ x2 − 1 = |x| − 1. Faça o que se pede: a. [1,0 ponto] Determine os valores reais de x para os quais √ x2 − 1 existe. Notando que a raiz quadrada é positiva, considere o membro da direita para determinar quais valores de x são admisśıveis. c. [2,0 ponto] Resolva a equação √ x2 − 1 = |x| − 1 . Caso não exista solução real, justifique. Solução: a. A expressão x2 − 1 deve ser maior ou igual a zero. Como y = x2 − 1 é uma parábola com concavidade para cima e ráızes 1 e −1. Logo, x2 − 1 ≥ 0 se x ≤ −1 ou x ≥ 1. No caso do membro direito, temos que |x| − 1 ≥ 0 se |x| ≥ 1. Mas isto significa também que x ≥ 1 ou x ≤ −1, as mesmas condições de existência do membro esquerdo. b. Vamos considerar o quadrado de ambos os membros, obtendo assim a equação: x2 − 1 = |x|2 − 2|x|+ 1 = x2 − 2|x|+ 1. Cancelando x2, ficamos com a equação a seguir: −2|x|+ 2 = 0, ou ainda −|x|+ 1 = 0 =⇒ |x| = 1. Mas isto ocorre se x = 1 ou x = −1. Como ambos os valores pertencem ao conjunto onde a equação faz sentido, ambos são soluções. Questão 4 [2,0 pontos] Dados os pontos A = (a, 0) e B = (−a, 0), determine y de modo que o ponto P = (0, y) seja o terceiro vértice do triângulo equilátero ABP. Funda̧ao CECIERJ Consórcio CEDERJ PRÉ-CÁLCULO PARA ENGENHARIA AD1 5 Solução: Como d(A,B) = 2a, devemos ter também d(P,A) = 2a, ou seja, √ a2 + y2 = 2a, donde a2 + y2 = 4a2, y2 = 3a2 e assim, y = ±a √ 3. Os pontos P = (0, a √ 3) e P ′ = (0,−a √ 3) são as duas respostas posśıveis. Funda̧ao CECIERJ Consórcio CEDERJ
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