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Derivadas Trigonométricas 1 UM CURSO DE CÁLCULO VOL.1 HAMILTOM L. GUIDORIZZI Exercícios Resolvidos bit.ly/cicerohitzschky Introdução Neste documento irei resolver todos os exercícios da seção 7.4 do livro Um curso de cálculo Vol.1. Este documento será o primeiro de vários que estarei publicando aqui com as resoluções das seções deste livro de Hamiltom Luiz Guidorizzi. Espero que gostem, compartilhem e curtam! Me motivando a fazer mais resoluções como esta. Para um contato mais direto tirar alguma dúvida, clique no link acima e será direcionado ao meu instagram. Nesta seção, são demonstradas, por definição, as derivadas das funções sen x, cos x e tg x. Exercícios 7.5 1. Seja f(x) = sen x. Calcule. (a) f ′(x) Solução: sen ′x = cos x (b) f ′ (π 4 ) Solução: Pelo item anterior f ′ (π 4 ) = cos (π 4 ) = cos 45◦ = √ 2 2 . 2. Determine a equação da reta tangente ao gráfico de f(x) = sen x no ponto de abscissa 0. Solução: A equação da reta tangente no ponto p é dada por y = f ′(p)(x− p) + f(p) Como sen ′x = cos x, temos y = cos 0 · (x− 0) + sen 0 = 1 · x+ 0 = x Logo, a reta tange ao gráfico no ponto de abscissa 0 é y = x. 3. Seja f(x) = cos x. Calcule. (a) f ′(x) Solução: cos′ x = −sen x (b) f ′(0) Solução: Note que f ′(0) = −sen (0) = −0 = 0. Prof. Cícero Hitzschky bit.ly/cicerohitzschky Derivadas Trigonométricas 2 (c) f ′ (π 3 ) Solução: f ′ (π 3 ) = −sen (π 3 ) = −sen (60◦) = − √ 3 2 (d) f ′ ( −π 4 ) Solução: f ′ ( −π 4 ) = −sen ( −π 4 ) f ímpar = − ( −sen (π 4 )) = sen (45◦) = √ 2 2 4. Calcule f ′(x) sendo (a) f(x) = tg x Solução: tg ′x = sec2 x (b) f(x) = sec x Solução: Antes de passarmos para a derivada de f(x) = sec x. Recorde que cos a− cos b = −2 · sen ( a+ b 2 ) sen ( a− b 2 ) (1) Além disso, lim h→0 sen h h = 1 (2) Com isso, vamos provar que sec′ x = sec x · tg x. Demonstração. Pela definição derivada sec′ x = lim h→0 sec(x+ h)− sec x h = lim h→0 cos x− cos(x+ h) cos(x+ h) · cos x · 1 h Usando (1), temos lim h→0 cos x− cos(x+ h) cos(x+ h) · cos x · 1 h = lim h→0 −2 · sen ( 2x+h 2 ) · sen ( −h 2 ) cos(x+ h) · cos x · 1 h Sabemos que sen (−x) = −sen x ,pois a função seno é ímpar. Assim, lim h→0 −2 · sen ( 2x+h 2 ) · sen ( −h 2 ) cos(x+ h) · cos x · 1 h = lim h→0 2 · sen ( 2x+h 2 ) · sen ( h 2 ) cos(x+ h) · cos x · 1 h = lim h→0 2 · sen h 2 h · lim h→0 sen 2x+h 2 cos(x+ h) cos x Adotando u = h 2 , podemos usar (2). Assim, lim h→0 2 · sen h 2 h = lim h→0 sen h 2 h 2 = lim u→0 sen u u = 1 Prof. Cícero Hitzschky Derivadas Trigonométricas 3 Como lim h→0 sen 2x+h 2 cos(x+ h) · cos x = sen 2x+0 2 cos(x+ 0) · cos x = sen 2x 2 cos x · cos x = sen x cos x · cos x = 1 cos x · sen x cos x = sec x · tg x Daí, sec′ x = 1 · sec x · tg x = x = sec x · tg x. 5. Determine a equação da reta tangente ao gráfico de f(x) = tg x no ponto de abscissa 0. Solução: Como tg ′x = sec2 x, temos y = sec2(0) · (x− 0) + tg 0 = 1 · x+ 0 = x Logo, a reta tange ao gráfico no ponto de abscissa 0 é y = x. 6. Seja f(x) = cotg x. Calcule. (a) f ′(x) Solução: Lembre que sen (a± b) = sen a · cos b± sen b · cos a (3) Assim, pela definição de derivada, temos: cotg x = lim t→x cotg t− cotg x t− x = lim t→x cos t sen t − cosx sen x t− x = lim t→x sen x · cos t− sen t · cos x sen t · sen x · 1 t− x = lim t→x sen x · cos t− sen t · cos x sen t · sen x · 1 t− x = lim t→x sen x · cos t− sen t · cos x t− x · 1sen t · sen x Usando (3), observamos que lim t→x sen x · cos t− sen t · cos x t− x · 1sen t · sen x = limt→x sen (x− t) t− x · 1sen t · sen x Podemos fazer uma mudança de variável x = x− t. Com isso, usando (2), segue: lim t→x sen (x− t) t− x · 1sen t · sen x = − limt→x sen (x− t) x− t · lim t→x 1 sen t · sen x = − lim u→0 sen u u · lim t→x 1 sen t · sen x = −1 · 1 sen x · sen x = − 1sen 2x = − ( 1 sen x )2 = −cossec 2x (b) f ′ (π 4 ) Solução: Pelo item anterior, f ′ (π 4 ) = −cossec 2 (π 4 ) = − 1 sen 2 ( π 4 ) = − 1(√ 2 2 )2 = −42 = −2 Prof. Cícero Hitzschky Derivadas Trigonométricas 4 7. Seja g(x) = cossec x. Calcule. (a) g′(x) Solução: Pela definição de derivada cossec ′x = lim h→0 cossec (x+ h)− cossec x h = lim h→0 1 sen (x+h) − 1 sen x h = lim h→0 sen x− sen (x+ h) sen (x+ h) · sen x · 1 h Usando sen x− sen y = 2 · sen ( x− y 2 ) · cos ( x+ y 2 ) Vemos que cossec ′x = lim h→0 2 · sen (−h 2 ) · cos ( 2x+h 2 ) sen (x+ h) · sen x · 1 h = lim h→0 − 2 · sen (h 2 ) h · lim h→0 cos 2x+h 2 sen (x+ h) · sen x = −1 · cos 2x+0 2 sen (x+ 0) · sen x = − cos 2x 2 sen x · sen x = − cos x sen x · sen x = − 1sen x · cos x sen x = −cossec x · cotg x (b) g′ (π 4 ) Solução: Usando o item anterior, g′ (π 4 ) = −cossec (π 4 ) · cotg (π 4 ) = − √ 2 · 1 = − √ 2 Prof. Cícero Hitzschky
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