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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Geometria Plana – AD2 – Gabarito – 2013.2 Questão 1 [1,5 pt]: Um quadrilátero ABCD está inscrito em um ćırculo. A corda AB subentende um arco igual a 1 6 da circunferência e a corda DC um arco igual a 1 3 da circunferência. Sabendo que a diagonal BD subentende um arco DAB igual a 5 12 da circunferência, a) classifique o quadrilátero ABC, b) calcule os ângulos formados pelas suas diagonais, c) encontre o ângulo determinado pelos prolongamentos dos lados CB e DA. Solução: a) Temos ⌢ AB= 360◦ 6 = 60◦, ⌢ DC= 360◦ 3 = 120◦ e ⌢ DAB= 5 · 360◦ 12 = 150◦, então ⌢ BC= 360◦ − 150◦ − 120◦ = 90◦ e ⌢ DA= 150◦ − 60◦ = 90◦. Assim ⌢ DA= ⌢ BC, logo BÂD = ⌢ BC + ⌢ CD 2 = 90◦ + 120◦ 2 = 210◦ 2 = 105◦. CD̂A = ⌢ AB + ⌢ BC 2 = 60◦ + 90◦ 2 = 150◦ 2 = 75◦. Os ângulos internos  e D̂ do quadrilátero ABCD são suplementares pois BÂD = 105◦ e CD̂A = 75◦. Então AB//CD e ⌢ BC= ⌢ AD. Portanto o quadrilátero é um trapézio isósceles. b) CÎD = ⌢ AB + ⌢ CD 2 = 60◦ + 120◦ 2 = 180◦ 2 = 90◦. Portanto as diagonais são perpendicula- res. c) CM̂D = ⌢ CD − ⌢ AB 2 = 120◦ − 60◦ 2 = 60◦ 2 = 30◦ Questão 2 [1,2 pt]: Dada uma circunferência de centro O e uma corda AB. Pelo ponto M , meio do arco AB, traçamos duas cordas quaisquer MP e MQ que cortam a corda AB nos pontos N e R, respectivamente. Mostre que o quadrilátero NPQR é inscrit́ıvel. Solução: Considere a figura conforme enunciado: Geometria Plana– Gabarito AD2 2 Para mostrar que o quadrilátero NPQR é inscrit́ıvel temos que mostrar que P̂ + R̂ = 180◦. Temos que P̂ = ⌢ QB + ⌢ BM 2 e R̂ = ⌢ AP + ⌢ PQ + ⌢ BM 2 = ⌢ AP + ⌢ PQ + ⌢ AM 2 , pois M está na metade do arco AB. Assim P̂ + R̂ = ⌢ QB + ⌢ BM + ⌢ AP + ⌢ PQ + ⌢ AM 2 = 360◦ 2 = 180◦. Logo P̂ + R̂ = 180◦, portanto o quadriláteroNPQR é inscrit́ıvel. Questão 3 [1,5 pt]: Sobre uma reta dada a medem-se a partir do ponto A, no mesmo sentido, os comprimentos seguintes : AB = 3 cm, BC = 12 cm e CD = 15 cm. Sobre uma reta b paralela à primeira, a partir de certo ponto A′ qualquer, mede-se o segmento A′B′ = 5 cm. As retas AA′ e BB′ se cortam no ponto O. Traçam-se as retas CO e DO que interceptam b em C ′ e D′, respectivamente. Se a distância entre as paralelas é igual a 6 cm, a) determine a distância do ponto O a cada paralela, b) encontre a medida dos segmentos B′C ′ e C ′D′ . Solução: Considere a reta a, a partir do ponto A medem-se, no mesmo sentido, os comprimentos seguintes : AB = 3 cm, BC = 12 cm e CD = 15 cm. Sobre uma paralela b à reta a, a partir de A′, mede-se A′B′ = 5 cm. As retas AA′ e BB′ se cortam no ponto O. E a distância entre as duas retas a, e b é 6 cm, ou seja, HH ′ = 6 cm. a) Temos dois casos a considerar : i) O é exterior as paralelas e ii) O é interior as paralelas: Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana– Gabarito AD2 3 Caso i) Se AB e A′B′ tem mesmo sentido, o ponto O é exterior as paralelas OH ′ OH = AB A′B′ ⇒ OH ′ OH = 5 3 ⇒ OH +HH ′ OH = 5 3 ⇒ OH + 6 OH = 5 3 3 ·OH + 18 = 5 ·OH ⇒ OH = 9 cm Portanto as distâncias são 9 cm e 15 cm. Caso ii) Se AB e A′B′ tem sentido contrário, o ponto O é interior as paralelas OH ′ OH = 5 3 ⇒ HH ′ −OH OH = 5 3 ⇒ 6−OH OH = 5 3 ⇒ 18− 3 ·OH = 5 ·OH OH = 18 8 = 9 4 Portanto as distâncias são 9 4 cm e 15 4 cm. b) Como A′B′ AB = 5 3 = B′C BC = C ′D′ CD ,então B′C ′ = 5BC 3 = 5 · 12 3 = 20 cm e C ′D′ = 5CD 3 = 5 · 15 3 = 25 cm Questão 4 [1,5 pt]: No triângulo ABC temos AB = 18 cm, AC = 27 cm e BC = 15 cm. A partir do vértice A, sobre o lado AB marca-se AD = 6 cm e traça-se DE paralela ao lado BC, A, E e C colineares. Sabendo que AF é a bissetriz do ângulo A, determine os segmentos DF e FE marcados sobre a paralela DE pela bissetriz do ângulos A. Solução: Seja o triângulo conforme enunciado, ∆ADE ∼ ∆ABC já que DE//BC. Temos AD AB = AE AC ⇒ 6 18 = AE 27 ⇒ AE = 9 cm. DE BC = AE AC ⇒ DE 15 = 9 27 ⇒ DE = 15 3 = 5 cm. Pelo Teorema de bissetriz interna (TBI), no ∆ADE, DF 6 = FE 9 e DF + FE = 5 cm. Assim DE + FE 6 + 9 = DE 6 = FE 9 ⇒ 5 15 = DF 6 = FE 9 então DF = 6 · 5 15 = 2 e FE = 5 · 9 15 = 3 Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana– Gabarito AD2 4 Questão 5 [1,5 pt]: Em um triângulo retângulo isósceles BAC retângulo em A traça-se a mediana BD relativa a um dos catetos AC. Do ponto E, no qual a reta que contém a mediana encontra o ćırculo circunscrito, baixemos EF perpendicular sobre AF . Mostre que AF = 3EF . Solução: Seja o triângulo conforme enunciado: Os triângulos retângulos ABD, DEF e EFC são semelhantes pois tem dois ângulos iguais. Temos que ∆ABC é retângulo isósceles com  = 90◦, então AB = AC e AD = AC 2 = AB 2 , portanto AB = 2 AD. Pela semelhança EF = 2 DF e FC = 2 EF , então AF = AD +DF = CD +DF = CF +DF +DF = CF + 2DF Logo AF = 2 EF + EF = 3 EF . Questão 6 [1,5 pt]: Sendo dado um retângulo baixa-se de cada um dos vértices a perpendicular sobre a diagonal oposta. Mostre que os pés dessas perpendiculares são os vértices de um retângulo semelhante ao retângulos dado. Solução: Considere o retângulos ABCD conforme enunciado, os vértices A′, B′, C ′ e D′ são os pés das perpendiculares sobre a diagonal oposta. Vamos mostrar que A′B′C ′D′ é um retângulo. Os triângulos retângulos AA′D e DD′A pois tem a hipotenusa igual e um ângulo agudo de igual medida, pois OD = OA(propriedade de retângulo). Dáı DA′ = AD′, No quadrilátero A′D′AD, A′D = D′A e A′D̂A = D′ÂD, logo A′D′//AD. De forma similar podemos concluir que C ′B′//CB, A′B′//CD e D′C ′//AB. A′B′C ′D′ tendo seus lados paralelos aos lados do retângulo ABCD, é um retângulo semelhante ao retângulo dado. Questão 7 [1,3 pt]: Duas circunferências são tangentes internamente como na figura. Os segmentos AB e CD são perpendiculares e o ponto O é o centro da circunferência maior. Os segmentos AP e CQ medem, respectivamente, 4 m e 3 cm. Qual a medida do raio do ćırculo menor? Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Geometria Plana– Gabarito AD2 5 Solução: Sejam r e R, respectivamente, os raios das circunferências menor e maior e S o centro da circunferência menor. Temos que 2r = PB = AB − 4 = 2R− 4. Logo R = r + 2. No triângulo retângulo SQO temos SQ = r, OQ = OC − 3 = R− 3 = r + 2− 3 = r − 1 e OS = OB − SB = R− r = 2 Pelo Teorema de Pitágoras vem r2 = (r − 1)2 + 22 = r2 − 2r + 5 ⇒ 2r = 5 Logo r = 2, 5 cm. Questão 8[bônus 0,5 pt]: ABCD é um paralelogramo no qual AB = 5 cm e AD = 3 cm. Sabendo que a projeção da diagonal AC sobre a reta que contém o lado AB mede 6 cm: a) calcule a medida da diagonal AC. b) calcule a medida da diagonal BD. Solução: Considere AH a projeção de AC sobre a reta que contém o lado AB. Temos que AH = 6 cm, pelo enunciado. Podemos concluir que AD = BC = 3 cm, BH = 1 cm. No ∆BHC retângulo, 32 = 12 + CH 2 ⇒ CH2 = 8 No ∆ACH retângulo, 62 + CH 2 = AC 2 ⇒ AC2 = 36 + 8 = 44 ⇒ AC = 2 √ 11 No ∆ABC, AC 2 = 52 + 32 − 2 · 5 · 3 · cos B̂ ⇒ 44 = 34− 30 cos B̂ ⇒ cos B̂ = −1 3 No ∆ABD, cos  = − cos B̂ = 1 3 . BD 2 = 32 + 52 − 2 · 3 · 5 · cos  = 9 + 25− 30 · 1 3 = 24 Logo BD = 2 √ 6. Obs: A nota máxima desta avaliação é 10,0(dez). Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ
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