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Fundação Centro de Ciências e Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro Centro de Educação Superior a Distância do Estado do Rio de Janeiro AP1 – CÁLCULO IV – 2013-2 Nome: Matŕıcula: Polo: Data: Atenção! • Identifique a Prova, colocando Nome, Matŕıcula, • O desenvolvimento das questões pode ser a lápis. No entanto, Polo e Data; as respostas deverão estar necessariamente à caneta; • É expressamente proibido o uso de calculadoras; • É expressamente proibido o uso de corretivo nas respostas. • Devolver a prova e a folha de respostas ao res- ponsável; Questão 1 [2 pontos] Calcule ∫∫ D y dx dy, onde D é a região triangular de vértices (0, 0), (1, 0) e (1, 1). Solução: O esboço da região D é: D x y (0, 0) (1, 1) (1, 0) 1 y= x y=0 Descrição de D como uma região do tipo I: D : 0 ≤ x ≤ 1 , 0 ≤ y ≤ x. Então ∫∫ D y dx dy = ∫ 1 0 ∫ x 0 y dy dx = ∫ 1 0 [ y2 2 ]x 0 dx = 1 2 ∫ 1 0 x2 dx = 1 2 [ x3 3 ]1 0 = 1 6 . Questão 2 [2,0 pts] Uma lâmina fina D é limitada por duas circunferências concêntricas de raios a e b e centro na origem, onde 0 < a < b. Calcule a massa da lâmina D, sabendo que a densidade em (x, y) ∈ D é dada por δ(x, y) = (x2 + y2)3/2. Solução: O esboço de D é: D x y 0 a b Cálculo IV AP1 2 Temos M = ∫∫ D δ(x, y) dA = ∫∫ D (x2 + y2)3/2 dA. Passando para coordenadas polares, temos: (x2 + y2)3/2 dA = (r2)3/2 r dr dθ = r4 dr dθ. A região D se descreve em coordenadas polares como: Drθ : a ≤ r ≤ b , 0 ≤ θ ≤ 2π. Logo, M = ∫∫ Drθ r4 dr dθ = ∫ b a r4 ∫ 2π 0 dθ dr = 2π ∫ b a r4 dr = 2π [ r5 5 ]b a = 2π ( b5 − a5 ) u.m. Questão 3 [2,0 pts] Use uma integral tripla para determinar o volume do sólido W, no primeiro octante, limitado pelo cilindro parabólico z = 1 − x2 e pelos planos z = 0, x = 0, y = 0 e y = 2. Solução: Esboço de W. Esbocemos no plano xy a parábola z = 1 − x2, com x ≥ 0 e z ≥ 0. Como a equação não depende da variável y, então as geratrizes desse cilindro são semirretas paralelas ao eixo y. Como W é limitado pelos planos z = 0, x = 0, y = 0 e y = 2, temos o esboço de W: W x y z 1 1 2 Temos W = { (x, y, z) ∈ R3 ; (x, y) ∈ D e 0 ≤ z ≤ 1 − x2 } , onde D é a projeção de W sobre o plano xy. Logo, D : 0 ≤ x ≤ 1 , 0 ≤ y ≤ 2. Temos V(W) = ∫∫∫ W dV = ∫∫ D ∫ 1−x2 0 dz dx dy = ∫∫ D (1 − x2)dx dy = ∫ 1 0 (1 − x2) ∫ 2 0 dy dx = 2 ∫ 1 0 (1 − x2)dx = 2 [ x − x3 3 ]1 0 = 2 ( 1 − 1 3 ) = 4 3 u.v. Questão 4 [2,0 pts] Se P(x, y, z) = xy2, Q(x, y, z) = yz2 e R(x, y, z) = zx2, calcule∫∫∫ W ( ∂P ∂x + ∂Q ∂y + ∂R ∂z ) dV, onde W é o sólido dado por W = { (x, y, z) ∈ R3 ; x2 + y2 + z2 ≤ 1 , z ≥ 0 } . Solução: O esboço de W é: Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ Cálculo IV AP1 3 W x y z 1 1 1 Se P(x, y, z) = xy2, Q(x, y, z) = yz2 e R(x, y, z) = zx2, então ∂P ∂x + ∂Q ∂y + ∂R ∂z = y2 + z2 + x2. Logo,∫∫∫ W ( ∂P ∂x + ∂Q ∂y + ∂R ∂z ) dV = ∫∫∫ W (x2 + y2 + z2)dV. Passando para coordenadas esféricas, temos (x2 + y2 + z2)dV = (ρ2) ρ2 sen φ dρ dφ dθ, e, nessas coordenadas, o sólido W se descreve por: Wρφθ : 0 ≤ ρ ≤ 1 , 0 ≤ φ ≤ π/2 , 0 ≤ θ ≤ 2π. Logo,∫∫∫ W ( ∂P ∂x + ∂Q ∂y + ∂R ∂z ) dV = ∫ π/2 0 sen φ ∫ 1 0 ρ4 ∫ 2π 0 dθ dρ dφ = 2π ∫ π/2 0 sen φ ∫ 1 0 ρ4 dρ dφ = 2π [ ρ5 5 ]1 0 ∫ π/2 0 sen φ dφ = 2π 5 [ − cos φ ]π/2 0 = 2π 5 (0 + 1) = 2π 5 . Questão 5 [2,0 pts] Um fio fino de densidade δ(x, y, z) = z, encontra-se ao longo da curva C dada por ~r(t) = (2 cos t)~i + (2 sen t)~j + t~k, 0 ≤ t ≤ 2π. O momento de inércia do fio em relação ao eixo z é dado pela integral Iz = ∫ C (x2 + y2) δ(x, y, z) ds. Encontre o valor de Iz. Solução: Se ~r(t) = (2 cos t)~i + (2 sen t)~j + t~k = (2 cos t, 2 sen t, t), então ~r ′(t) = (−2 sen t, 2 cos t, 1), donde ‖~r ′(t)‖ = √ 4 sen2 t + 4 cos2 t + 1 = √ 4 + 1 = √ 5. Como ds = ‖~r ′(t)‖ dt, então ds = √ 5 dt. Temos: Iz = ∫ C (x2 + y2)z ds = ∫ 2π 0 (4 cos2 t + 4 sen2 t)t √ 5 dt = 4 √ 5 ∫ 2π 0 t dt = 4 √ 5 [ t2 2 ]2π 0 = 2 √ 5 4π2 = 8 √ 5 π2. Fundação CECIERJ Consórcio CEDERJ
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