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P3 - PROVA DE QUÍMICA GERAL - 15/06/09 Nome: Nº de Matrícula: GABARITO Turma: Assinatura: Questão Valor Grau Revisão 1a 2,5 2a 2,5 3a 2,5 4a 2,5 Total 10,0 Dados gerais: �Go = �Ho - T�So �G° = - n F �Eo lnQ nF RT!E!E �°= �G = �Go + RT ln Q �� � � �� � ° = += �= �= 211 2 0 0 0 T 1 T 1 R !H K Kln kt [A] 1 [A] 1 kt[A] ln[A] ln kt[A][A] F = 96500 C mol-1 1 C x V = 1 J R = 8,314 J mol-1 K-1 = 0,0821 atm L K-1 mol-1 T (K) = T (°C) + 273 1a Questão As equações 1 e 2 representam respectivamente a vaporização e a decomposição da água, H2O. Considerando que os processos ocorram a pressão e temperatura constantes, responda o que se pede: Equação 1: H2O(l) H2O(g) !H°vap = 44,0 kJ !S°vap = 118,9 J K-1 Equação 2: 2H2O(g) � 2H2(g) + O2(g) !H°dec = 571,6 kJ a) Calcule o valor de entropia padrão da água líquida, S°H2O(l). b) Calcule o valor da variação de energia livre de Gibbs padrão, !G°, de vaporização da água (Equação 1) e indique a direção espontânea do processo, a 25 °C. c) Calcule as temperaturas nas quais a vaporização e a decomposição da água passam a ser processos que ocorrem espontaneamente. d) Calcule a variação de energia livre de Gibbs padrão, !G°, para a decomposição de 1 mol de H2O(g) a 1000 °C. Obs. considere que �H° e �S° não variam com a temperatura. Dados: S°H2O(g) = 188,8 J K-1mol-1 S°H2(g) = 130,7 J K-1mol-1 S°O2(g) = 205,1 J K-1mol-1 Resolução: a) S0H2O(l) = S0H2O(g) - !S0= 188,8 - 118,9 = 69,9 J K-1 mol-1 b) !G0 = !H0 - T !S0= 44.000 – 298 x 118,9 = 8.567,8 J. Logo, a direção do processo espontâneo a 25 0C é o da condensação da água líquida. c) Para a vaporização da água, que ocorre em situação de quase-equilíbrio e em temperatura constante de mudança de fase, tem-se que a temperatura de vaporização é: T = !H0/ !S0 = 44.000 J/118,9 JK-1 =370,1 K Para a dissociação de 1 mol de água tem-se: !G0 = !H0 - T !S0 < 0 Onde !S0 = (S0H2(g) + ½ S0O2(g) ) - S0H2O(g) = [(130,7 + (½ x 205,1)] - 188,8 = 44,9 JK-1 e !H0 = 571.600 J / 2 mol = 285.800 J por mol de H2O. Assim, ajustando o sinal: T > !H0/ !S0 T > 285.800 J / 44,9 JK-1 =6.365,3 K d) Para 1 mol de H2O: !G0 = !H0 - T !S0 = 285.800 – 1.273 x (44,9) = 228.642,3 J 2a Questão A síntese do metanol, CH3OH, é feita a partir da reação entre o monóxido de carbono, CO, e o hidrogênio, H2, conforme a equação abaixo: CO(g) + 2H2(g) CH3OH(g) Kp = 2,2 x 104, 25 °C Kp = 8,6 x 10-3, 227 °C a) Calcule a variação de entalpia padrão, �Hº, para a reação a 25 °C. b) Calcule o valor da variação de energia livre de Gibbs padrão, �G°, a 25 °C e a 227 °C. c) Em escala industrial, esta reação usualmente é realizada a 500 K com as pressões parciais de CO e de H2 controladas. Tomando como referência o valor de Kp nesta temperatura, diga se a reação será espontânea abaixo ou acima desse valor. Obs. considere que �H° e �S° não variam com a temperatura. Resolução: a) Ln(Kp)2 – Ln(Kp)1 = (TH° / R) x (1/T1 – 1/T2) Ln(8,6x10-3) – Ln(2,2x104) = (TH° / 8,314) x (1/298 – 1/500) -14,75 = (TH° / 8,314) x 0,001356 TH° = -90456 J mol-1 8H° = -90,5 kJ mol-1 b) TG° = - RT x Ln(Kp) A 25°C: TG° = - 8,314 x 298 x Ln(2,2x104) TG° = - 24773 J mol-1 8G° = -24,8 kJ mol-1 A 227°C: TG° = - 8,314 x 500 x Ln(8,6x10-3) TG° = + 19771 J mol-1 8G° = 19,8 kJ mol-1 c) Para a reação ser espontânea, TG < 0 TG = TG° + RT x Ln(Q) < TG° + RT x Ln(Kp) Ln(Q) < Ln(Kp) Q < Kp A reação será espontânea abaixo do valor de Kp. 3a Questão A idade do vinho pode ser determinada pela quantidade de trítio radioativo, 3H, presente no vinho. O trítio é formado a partir do hidrogênio do vapor d’água na atmosfera superior e, portanto, a água contém naturalmente uma pequena quantidade dessa espécie. Uma vez na garrafa, a quantidade de trítio inicialmente presente na água que produziu o vinho diminui gradualmente por decaimento radioativo. Esse processo segue uma cinética de primeira ordem com um tempo de meia-vida de 12,5 anos. a) Calcule a idade de um vinho cuja concentração de trítio medida foi 10% da concentração inicial da época quando o vinho foi engarrafado. Para os cálculos utilize as equações de concentração versus tempo. b) Esboce um gráfico representando a curva de decaimento da concentração de trítio no vinho em função do tempo, em anos. Resolução: a) Cinética primeira ordem: anos 41,5t t0,0555 100 10ln kt H][ H][ln ano 0,0555k anos 12,50,693 2 1t 3 3 1 k = �= �= ° = == � b) 4a Questão Uma pilha pode ser construída com duas semi-células, cujas semi-reações e potenciais- padrão de redução, a 25 °C, são apresentados abaixo: Dados: Fe3+(aq) + e- Fe2+(aq) Eo = 0,77 V Ag+(aq) + e- Ag(s) Eo = 0,80 V a) Escreva a notação para essa pilha. b) Determine o valor da variação de potencial padrão, TEo, para essa pilha. c) Calcule o valor da constante de equilíbrio, Kc, para essa reação. d) Calcule o valor da variação de potencial, TE, para essa pilha no instante em que as concentrações das espécies são: 0,0050 mol L-1 de Fe2+ ; 2,0 mol L-1 de Ag+ ; e 0,0050 mol L-1 de Fe3+. Resolução: a) catodo anodo Ag(s) (aq)Ag(aq)Fe(aq),FePt(s) 23 ���� +++ b) TEo = Eocatodo - Eoanodo = 0,80 – 0,77 = 0,03 V c) 3,22101010K 0,5080,059 1x0,03 0,059 En c ==== °� ou �G° = - n F �Eo= 1 x 96500 x 0,03 = -2895 = -2,90 kJ �G = �Go + RT ln Kc �G = 0 �Go = - RT ln Kc -2,90 = - 8,314 x 10-3 x 298 ln Kc -2,90 = - 2,303 x 8,314 x 10-3 x 298 log Kc Kc = 3,22 d) Reação total: Ag+(aq) + Fe2+(aq) Ag(s) + Fe3+(aq) 0,5 0,0050 x2,0 0,0050 ]Fe][[Ag ]Fe[Q 2 3 c ==++ + cQlogn 0,059!E!E �= ° 0,5 log 1 0,059!E!E �= ° )(-0,30 1 0,05903,0!E �= �E = 0,03 + 0,018 = 0,048 V e-
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