1-Alguns anos atrás foi estimado que a demanda para aço satisfazia aproximadamente a equação p=256-50x, e o custo total para se produzir x unidades de aço era C(x)=182+56x (a quantidade x era medida em milhões de toneladas e o preço e custo total eram medidos em milhões de dólares). Determine o nível de produção e o preço correspondente que maximiza o lucro.
2- Até recentemente, hambúrgueres vendidos em um estádio custavam cerca de U$2cada. Uma lanchonete em um determinado estádio vendia uma média de 10.000 hambúrgueres durante um dia de jogo. Quando o preço foi elevado para U$2,40, as vendas de hambúrgueres caíram para uma média de 8.000 por dia de jogo.
a) Assumindo uma curva de demanda linear, encontre o preço de um hambúrguer que irá maximizar o faturamento por dia de jogo.
b) Suponha que a lanchonete tenha um custo fixo de U$1.000 por dia de jogo e um custo variável de U$0,60 por hambúrguer. Encontre o preço de um hambúrguer que irá maximizar o lucro por dia de jogo.
1-
Como p e c são duas retas (equação de 1° grau)
Temos q calcular se elas se cruzam em algum lugar e onfe é esse lugar, chamaremos este ponto de P(x,y)... como fz isso igualando as duas retas
256-50x=182+56x
256-182=56x+50x
74= 106x
X= 74/106
X= 37/53 ---------> COORDENADA EM X
Se vc substituir na funçao da reta encontra a coordenada y
p= 256-50x
p= 256-50*(37/53) 50*37=1850/53 $emelhante a 34,9
VOU USAR O $ PARA DIZER SEMELHANTE QUE É AQUELE SINAL DE IGUAL COM UM TIO EM CIMA...
p $ 256-34,9
p $ 221,1
A PROVA DOS NOVE...
c= 182+56x (x é 37/53 não esqueça...rs)
c= 182 + 56*(37/53) 56*37= 2072/53 $ 39,1
c $ 182 + 39,1
c $ 221,1
Yp e Yc tem que bater
R: P(37/53,$221,1)
\[\eqalign{ r&=p\cdot x \\ &=(256-50x)\cdot x \\ &=256x-50x^2 }\]
Conhecendo a função de custo \(c=182+56x\) a função do lucro \(l\)é:
\[\eqalign{ l&=r-c \cr &=(256x-50x^2)-(182+56x) \cr &=-50x^2+200x-182 \cr }\]
Portanto, o valor de \(x\)que maximiza o lucro \(l\)é:
\[\eqalign{ {\partial l \over \partial x} &= 0 \\ {\partial \over \partial x}(-50x^2+200x-182) &= 0 \\ -100x+200 &= 0 \\ 100x &= 200 \\ x&= 2 }\]
Portanto, o preço correspondente é:
\[\eqalign{ p(x=2)&=256-50x \cr &= 256-50\cdot 2 \\ &= 156 }\]
Concluindo, o nível de produção e o preço correspondente que maximiza o lucro são:
\[\boxed{ \left\{ \begin{matrix} \eqalign{ x&=2 \cr p&=156 }\end{matrix} \right. }\]
a)
Tem-se dois pontos dessa curva linear: \(A=(2;10.000)\)e \(B=(2,4; 8.000)\) Substituindo esses pontos em \(q=ap+b\) tem-se as seguintes equações:
\[\left\{ \begin{matrix} \eqalign{ 10.000 &= 2a+b \cr 8.000 &= 2,4a+b } \end{matrix} \right.\]
Subtraindo as equações, o valor de \(a\)é:
\[\eqalign{ 10.000-8.000 &= (2a+b)-(2,4a+b) \cr 2.000 &= -0,4a \cr a&= {2.000 \over -0,4} \\ &= -5.000 }\]
Substituindo \(a=-5.000\)na equação \(10.000=2a+b\) o valor de \(b\)é:
\[\eqalign{ 10.000 &= 2\cdot (-5.000)+b \\ 10.000 &= -10.000+b \\ b&= 20.000 }\]
Portanto, a curva de demanda linear possui a seguinte equação:
\[q=-5.000p+20.000\]
Portanto, a função do faturamento \(f\)é:
\[\eqalign{ f&= q\cdot p \\ &= (-5.000p+20.000)\cdot p \\ &= -5.000p^2+20.000p }\]
Portanto, o preço \(p\)que maximiza o faturamento é:
\[\eqalign{ {\partial f \over \partial p} &= 0 \\ {\partial \over \partial x}(-5.000p^2+20.000p) &= 0 \\ -10.000p+20.000 &= 0 \\ 10.000p&=20.000 \\ p&= {U}$2 }\]
Concluindo, o preço de um hambúrguer que irá maximizar o faturamento por dia de jogo é \(\boxed{p={U}$2}\)
b)
Sendo \(q\)a quantidade média de hambúrgueres vendidos e \(p\)o preço de um hambúrguer, a função de custo \(c\)é:
\[\eqalign{ c&=1.000+0,6q \cr &=1.000+0,6\cdot (-5.000p+20.000) \\ &=1.000-3.000p+12.000 \\ &=-3.000p+13.000 \\ }\]
Portanto, a função de lucro \(l\)correspondente é:
\[\eqalign{ l&= f-c \cr &= (-5.000p^2+20.000p)-(-3.000p+13.000) \cr &= -5.000p^2+20.000p+3.000p-13.000 \cr &= -5.000p^2+23.000p-13.000 \cr }\]
Portanto, o preço \(p\)que maximiza o lucro é:
\[\eqalign{ {\partial l \over \partial p} &= 0 \\ {\partial \over \partial x}(-5.000p^2+23.000p-13.000) &= 0 \\ -10.000p+23.000 &= 0 \\10.000p&=23.000 \\ p&= {U}$2,30 }\]
Concluindo, o preço de um hambúrguer que irá maximizar o lucro por dia de jogo é \(\boxed{p={U}$2,30}\)
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