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Universidad Nacional Autónoma de México Facultad de Estudios Superiores Plantel Aragón INGENIERIA INDUSTRIAL CLASE “ mecánica de materiales” trabajo GRUPO:2804 NOMBRE DE LA PROFESORA: MARTHA BERENICE FUENTES FLORES NOMBRE DEL ALUMNO: CORTES HERNANDEZ RICARDO FECHA DE ENTREGA: 13 DE FEBRERO DEL 2023 PROBLEMAS RESUELTOS 4.1. Una pieza cilíndrica de Acero de diámetro = 3 cm y largo L = 100 cm está sometida a una carga de 1000 Kg. cm. Tomando Sy´ = 960 Kg/cm², se pide: a) Las tensiones máximas El coeficiente de seguridad y c) Las deformadas total y unitaria longitudinal y transversal Solución: La inercia es I = 4/32 = 7,95 cm4 Tensión máximo max = TR/Io = 1000(1,5)/7,95 max = 188,62 Kg/cm² Coeficiente de seguridad = S`y/max = 960/188,62 = 5,08 = 5,08 Deformada = TL/(GIo) = 1000(100)/(6,67 x 105 7,95) = 0,0188 rad 4.2. Un tambor con un diámetro de 30 cm, levanta una carga de 1000 Kg. Calcular el diámetro del eje. Tomar Sy` = 900 Kg/cm² Ø 30[cm] d 1000[kg] Solución: El momento T = 1000(30)/2 = 15000 Kg. cm De 4.14 max = 16 T/ ( d 3) d = [16 T / ( S`y)]1/3 d = 4,39 cm 4.3. Un motor de 5 Hp esta acoplado por medio de una transmisión a un eje que gira a 30 rpm. Si el material del eje tiene una fluencia de S`y = 900 Kg/cm². Tomando = 1,5 se pide calcular el diámetro del eje. Solución: La potencia Pot (CV) = T ( Kg. m) (rad/seg)/ 75 (rad/seg) = (30 rpm) (2 rad / rev) (min/60 s) = 3,14 rad/seg El momento T = 5 (75)/3,14 = 119,36 Kg. m = 11942,59 Kg. cm Tensión max = 16 T/ ( d 3) < S`y/ d = [16 T / ( S`y)]1/3 = 4,66 cm Se adopta d = 5 cm Referencia 1. 4.4. En el sistema de la figura, se pide el ángulo de deformación del extremo libre respecto al extremo fijo. El material es acero y las dimensiones están en cm 120 100 [kg] 40 3Ø 1Ø 6 Ø Solución: T = F r = 100(3) = 300 Kg cm 1 = TL/(GIo) = 300(120)/(6.67 x 105 34/32) = 0.00678 rad 2 = TL/(GIo) = 300(40)/(6.67 x 105 14/32) = 0.182 rad tot = 1 + 2 = 0.189 rad 4.5. Dos piezas cilíndricas del mismo material están cargadas con el mismo momento de torsión “T”. La primera pieza es sólida con un diámetro “d” y la segunda es hueca con un diámetro externo “D” y un espesor “e”. Si la fluencia al corte es Sy. Se pide : La relación de dimensiones La relación de masas. d D e Solución: a) Las tensiones de corte no pueden ser mayores a la fluencia max = TR = S y ´ = I o S y 'R En el cilindro sólido T = d 4 2 S y ' 32 d (i En el cilindro hueco T = D 4 − (D − 2e)4 2 S y ' 32 D (ii Ya que ambos tienen la misma carga y el mismo material. Igualando i y ii d 4 = D 4 − (D − 2e)4 d D D 4 − 4 1 / 3 d = (D − 2e) D b) La relación de masas M h = 4 D 2 − (D − 2e)2 s = d 4 2 M h = D 2 − (D − 2e)2 = D 2 − (D − 2e)2 D 2 / 3 De iii, iv y v M s d 2 D 4 − (D − 2e)4 2 / 3 4.6. Para un cilindro hueco con un diámetro D = 5 cm y un espesor e = 0,3 cm. Hallar : El diámetro de un cilindro sólido que soporta la misma carga de torsión La relación de masas d D e Solución: D 4 − 4 1 / 3 d = (D − 2e) D a) d = 3.6849 cm M h = D 2 − (D − 2e)2 b) M s d 2 (Mh/Ms) = 0.41536 Este resultado indica que si bien ambos cilindros tienen la misma resistencia, la pieza hueca solo pesa el 41,64 % de la pieza sólida. 4.7. El sistema de la figura tiene una forma cónica circular. En ella se pide calcular La tensión cortante máxima La deformada total 60 T=1000 kg cm dy 1000 y 90 Solución: El diámetro d(y) = - (30/1000) y + 90 y = 0 d = 90 y = 1000 d = 60 La tensión máxima se presenta en el menor diámetro max = 16 T/( d 3 ) = 16(1000)/ [ (60)3] max = 0,0235 Kg/cm² La deformada h T 1000 1000(32) = dy = d y G I G (−0,03y + 90 ) 4 0 o 0 = 0.368717 /G Referencia 2. Referencias; Ref.1 Resistencia de Materiales Aplicada Primera Edición Alejandro M. Mayori M. Universidad Mayor de San Andrés Revisión Técnica: Editorial Yucatán Hermosa Link: file:///C:/Users/vargas1/Downloads/Resistencia%20de%20Materiales%20Aplicada.pd f Ref. 2 Link: https://es.slideshare.net/arcilamojica/ejes- estaticamenteindeterminadosproblemas
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