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SOLUÇÕES DOS PROBLEMAS 103 56. Usamos a Eq. 4-35 para determinar a velocidade v e a Eq. 4-34 para calcular a aceleração a. (a) Como o raio da Terra é 6,37 × 106 m, o raio da órbita do satélite é r = (6,37 × 106 + 640 × 103 ) m = 7,01 × 106 m. Assim, a velocidade do satélite é v r T = = ×( ) ( )( ) = 2 2 7 01 10 98 0 60 7 49 6 , , / min , m min s ×× 103 m/s. (b) O módulo da aceleração é a v r = = ×( ) × = 2 3 2 6 7 49 10 7 01 10 8 00 , , , . m/s m m/s2 57. (a) Como a = v2/ r , temos: r = v2/a = (3,66 m/s)2/(1,83 m/s2) = 7,32 m. (b) Como r e a têm sentidos opostos, se a aponta para leste, r aponta para oeste. (c) Pelo mesmo raciocínio do item anterior, se a aponta para o sul, r aponta para o norte. 58. (a) A distância é o perímetro da circunferência c = 2πr = 2π(0,15 m) = 0,94 m. (b) Se T = (60 s)/1200 = 0,050 s, a velocidade escalar é v = c/T = (0,94 m)/(0,050 s) = 19 m/s. Isso equivale a usar a Eq. 4-35. (c) O módulo da aceleração é a = v2/r = (19 m/s)2/(0,15 m) = 2,4 × 103 m/s2. (d) O período do movimento é (1200 rev/min)–1 = 8,3 × 10–4 min; em unidades do SI, T = 0,050 s = 50 ms. 59. (a) Como a roda completa 5 voltas a cada minuto, o período do movimento é 60 s/5 = 12 s. (b) O módulo da aceleração centrípeta é a = v2/R, na qual R é o raio da roda e v a velocidade da passageira. Como a passageira percorre uma distância 2πR a cada volta, sua velocidade es- calar é v = ( ) = 2 15 12 7 85 m s m/s, e sua aceleração centrípeta é a = ( ) = 7 85 15 4 1 2 , , . m/s m m/s2 (c) Como a roda-gigante está girando com velocidade constante, a aceleração centrípeta não varia. Assim, no ponto mais alto do percurso, a = 4,1 m/s2. (d) Pelo mesmo raciocínio do item anterior, a = 4,1 m/s2. (e) O sentido é para cima, em direção ao centro da roda. 60. (a) No movimento circular uniforme, o vetor velocidade é sempre perpendicular ao vetor aceleração. Assim, v a⋅ = 0. (b) No movimento circular uniforme, o vetor aceleração e o vetor posição têm a mesma direção e sentidos opostos; assim, r a× = 0.
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