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Gabarito – Prova Substitutiva Questão 1 5D14 = 5*141+13*140 = 8310. Seja X a base de numeração dos Meklars. Então temos que: 6BX = 6X1+11X0 = 8310 => 6X = 72 => X = 12 Portanto, a base de numeração dos Meklars é 12. Questão 2 a) Frequência amostral de 0,5 Hz equivale a obter 1 amostra a cada 2 segundos. Portanto, as amostras são obtidas nos instantes pares (0s, 2s, 4s, 6s, 8s, 10s, 12s, 14s, 16s). Para 8 níveis de quantização, o intervalo de valores de 0 a 16 deve ser dividido em 8 intervalos iguais, sendo cada intervalo com codificação de 3 bits: [0;2[ => 000 [2;4[ => 001 [4;6[ => 010 [6;8] => 011 [8;10[ => 100 [10;12[ => 101 [12;14[ => 110 [14;16] => 111 Assim, com base no gráfico, temos a sequência digital: 000 101 001 101 101 100 010 101 000 Questão 2 (cont) b) Assumindo a enumeração binária pura, temos: 000(0) 001(1) 010(2) 011(3) 100(4) 101(5) 110(6) 111(7) De acordo com a sequencia digital obtida no item a, temos as seguintes probabilidades: P(0) = 2/9; P(1) = 1/9; P(2) = 1/9; P(3) = 0; P(4) = 1/9; P(5) = 4/9; P(6) = 0; P(7) = 0 Sendo assim, a incerteza geral sobre esses níveis é dada pela entropia das probabilidades acima: H = -2/9*log22/9 – 3*1/9*log21/9 – 4/9*log24/9 = 2,06 bits Questão 2 (cont) c) Uma possível codificação: 0: 100 1: 110 2: 101 4: 111 5: 0 Comprimento médio do código de Huffman (L): L = 1*4/9+3*(3*1/9+2/9) = 2,11 bits Eficiência entrópica = H/L = 2,06/2,11 = 0,975 Através da codificação acima, a mensagem digital fica: 100 0 110 0 0 111 101 0 100 9/9 4/9 (5) 5/9 3/9 2/9 2/9 (0) 1/9 (2) 1/9 (1) 1/9 (4) 0 0 0 0 1 1 11 Questão 2 (cont) d) As 4 primeiras amostras estão codificadas no item c como: 100 0 110 0 Codificação de Hamming para os 8 bits de dados acima: P1 P2 D1 P3 D2 D3 D4 P4 D5 D6 D7 D8 0001 0010 0011 0100 0101 0110 0111 1000 1001 1010 1011 1100 1 1 1 1 0 0 0 1 1 1 0 0 Portanto, a mensagem codificada fica 111100011100. Como essa codificação usa 4 bits de paridade para proteger 8 bits de dados, a eficiência de redundância é de 8/(8+4) = 2/3 = 0,67. Questão 3 a) Existem 3 X 6 X 5 = 90 objetivos possíveis. Como os objetivos são sorteados, eles são equiprováveis (probabilidade 1/90 cada). Sendo assim, a incerteza inicial em relação aos objetivos é dada pela entropia da distribuição uniforme das probabilidades dos 90 objetivos: H0 = log290 = 6,49 bits. Como o envelope contém exatamente um dos objetivos, sabendo-se o seu conteúdo anula-se toda a incerteza inicial (o detetive que conhecer esse conteúdo primeiro ganha o jogo). Logo, o ganho de informação contido no envelope é igual a entropia inicial: I = H0 - 0 = 6,49 bits Questão 3 (cont) b) O jogador que formulou a hipótese sabe que o criminoso não é o Coronel Mostarda (o número de possibilidades de criminosos cai de 3 para 2). Portanto, ele sabe que agora o objetivo pode ser qualquer um de 2 X 6 X 5 = 60 possíveis. Sua incerteza sobre os objetivos após saber que a carta Coronel Mostarda não está no envelope é H1 = log260 = 5,91 bits. O ganho de informação foi: I = H0-H1 = log290-log260 = 6,49-5,91 = 0,58 bit. Os outros jogadores só sabem que um dos objetivos não está no envelope (Coronel Mostarda, faca, quarto). Assim, eles ainda ficam em dúvida em relação a 89 dos 90 objetivos possíveis. Sendo assim, o ganho de informação dos outros jogadores foi: I = log290-log289 = 6,49 – 6,476 = 0,014 bit Questão 3 (cont) c) De acordo com o item b, sabemos que ao revelar a carta Coronel Mostarda, o jogador obtém um ganho de informação de 0,58 bit. Falta obter os ganhos de informação para as outras cartas (faca e quarto): - faca: sabendo que arma do crime não é a faca, o número de objetivos possíveis cai de 3 X 6 X 5 (90) para 3 X 5 X 5 (75). Assim o ganho de informação ao revelar a carta Coronel Mostarda é I = log290-log275 = 6,49-6,23=0,26 bit - quarto: sabendo que o local do crime não é o quarto, o número de objetivos possíveis cai de 3 X 6 X 5 (90) para 3 X 6 X 4 (72). Assim o ganho de informação ao revelar a carta quarto é I = log290-log272 = 6,49-6,17 = 0,32 bit. Logo, a carta que minimiza o ganho de informação é a faca.
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