Baixe o app para aproveitar ainda mais
Prévia do material em texto
R2 – 2015/2 Universidade Federal do Amazonas 1 Prof. Winston Zumaeta Equação dos 3 momentos 28/10/2015 11. Calcule as reações de apoio e trace os diagramas de esforços cortantes e momentos fletores da viga contínua abaixo, por meio da equação dos 3 momentos. Considere seção transversal constante ao longo de toda a viga. Nos casos em que se tem um engaste, é necessário utilizar um artifício, que consiste em criar um vão fictício com comprimento igual a zero. As regras de numeração dos apoios e das barras permanecem as mesmas, ficando conforme é apresentado na figura 1. Não é necessário numerar o trecho em balanço, pois não faz parte do modelo adotado. Figura 1. Viga contínua com numeração dos apoios e das barras O objetivo da resolução da viga contínua pela equação dos 3 momentos, é encontrar os momentos em todos os apoios, onde normalmente os momentos dos apoios internos são as incógnitas do problema. Inicialmente, pode-se identificar facilmente os valores de �� e ��, conforme cálculo a seguir. �� = 0 e �� = − �10 ∙ 2,0 ∙ 1,0 − 10 ∙ 2,0 = − 40 ��.� A análise pela equação dos 3 momentos deve ser feita sempre de duas em duas barras, ou seja, com um apoio central. Neste exemplo, teremos três análises independentes, uma para as barras 1 e 2 com o apoio central 1, depois para as barras 2 e 3 com o apoio central 2 e por último para as barras 3 e 4 com o apoio central 3. Segundo a expressão deduzida, o apoio central é simbolizado pela letra �, e a análise será feita para � = 1, � = 2 � � = 3, onde � e � são expressões tabeladas. O cálculo é mostrado a seguir. 4,0 m 2,0 m 2,0 m4,0 m 10 kN 80 kN 40 kN/m 80 kN/m 10 kN/m 2,0 m L = 01 2 1 2 3 40 L = 4,0 m 2,0 m 10 kN 80 kN 40 kN/m 80 kN/m 10 kN/m L = 4,0 m3 L = 4,0 m4 VÃO FICTÍCIO R2 – 2015/2 Universidade Federal do Amazonas 2 Prof. Winston Zumaeta Equação dos 3 momentos 28/10/2015 Para � = �: ������ + 2��� + �� � �� + �� ��� � = −�� − �� � ���� + 2��� + �! �� + �!�! = −�� − �! 0 ∙ 0 + 2�0 + 4 �� + 4�! = −0 − "!�! # 4 8�� + 4�! = −40 ∙ 4 # 4 8�� + 4�! = − 640 Para � = &: ������ + 2��� + �� � �� + �� ��� � = −�� − �� � �!�� + 2��! + �# �! + �#�# = −�! − �# 4�� + 2�4 + 4 �! + 4�# = −"!�! # 4 − 3'#�#! 8 4�� + 16�! + 4�# = −40 ∙ 4 # 4 − 3 ∙ 80 ∙ 4! 8 4�� + 16�! + 4�# = −640 − 480 4�� + 16�! + 4�# = − 1120 Para � = (: ������ + 2��� + �� � �� + �� ��� � = −�� − �� � �#�! + 2��# + �� �# + ���� = −�# − �� 4�! + 2�4 + 4 �# + 4 ∙ �− 40 = −3'#�# ! 8 − 2)���# 15 4�! + 16�# − 160 = −3 ∙ 80 ∙ 4 ! 8 − 2 ∙ 80 ∙ 4# 15 4�! + 16�# = 160 − 480 − 682,67 4�! + 16�# = − 1002,67 Com as equações encontradas, monta-se o sistema de equações abaixo: 8�� + 4�! = − 640 4�� + 16�! + 4�# = − 1120 4�! + 16�# = − 1002,67 Cuja solução por meio da calculadora Casio fx-991MS, é: ,� = − -., ./ 01.2 ; ,& = − 4&, &5 01.2 ; ,( = − -&, �6 01.2 R2 – 2015/2 Universidade Federal do Amazonas 3 Prof. Winston Zumaeta Equação dos 3 momentos 28/10/2015 11.1 Cálculo das reações de apoio 7� = .4, �- 01 8! = 8!9 + 8!99 = 75,85 + 37,54 7& = ��(, (: 01 8# = 8#9 + 8#99 = 42,46 + 109,69 7( = �-&, �- 01 8� = 8�9 + 8�99 = 50,31 + 30 74 = .6, (� 01 11.2 Diagrama de Esforços Cortantes (DEC) Posição onde o cortante é nulo na barra 2: <!�=! = <�,! − >?@@�AB�CD <!�=! = 84,15 − 40=! 0 = 84,15 − 40=�,! 40=�,! = 84,15 =�,! = 84,1540 E6,& = &, �6 2 Posição onde o cortante é nulo na barra 4: <��=� = <�,� − >?@@�AB�CD,FGDHIJKLHF + >?@@�AB�CD,DF�HIJKLHF <��=� = 109,69 − 80=� + 80 =� ! 2 ∙ 4 4,0 m 2,0 m 2 4 4,0 m 80 kN 2,0 m 40 160 kN160 kN RESULTANTE (carregamento retângular) 42,26 1 3 2 3 160 2 160 2 80 2 4 58,87 4 58,87 4 42,26 52,10 80 2 160 x 2 4 42,26 4 52,10 52,10 4 52,10 4 40 4 42,26 4 42,26 4 4 160 x 4 40 3 4 4 x 4,0 x 4,0 x 13 4 4 x V1 = 84,15 kN RESULTANTE (carregamento triângular) 40 x 4,0 = 80 x 4,0 2,0 = 2 V'2 = 75,85 kN V''2 = 37,54 kN 42,26 52,10 3 V'3 = 42,46 kN V''3 = 109,69 kN 3 52,10 V'4 = 50,31 kN 1 58,87 2,0 m 10 kN 40 20 V''4 = 30 kN 10 20 kN RESULTANTE (carregamento retângular) 10 x 2,0 = 4 R2 – 2015/2 Universidade Federal do Amazonas 4 Prof. Winston Zumaeta Equação dos 3 momentos 28/10/2015 0 = 109,69 − 80=�,� + 80=�,� ! 2 ∙ 4 10=�,�! − 80=�,� + 109,69 = 0 =�,�9 = 6,24 � ��?�M@ "N� M >M�)@���OPM �� E6,499 = �, /5 2 Traçado do DEC em kN: 11.3 Diagrama de Momentos Fletores (DMF) Cálculo do momento máximo na barra 2: �QáS,! = − �� + 8� ∙ 2,10 − �"! ∙ 2,10 ∙ 2,102 �QáS,! = − 58,87 + 84,15 ∙ 2,10 − �40 ∙ 2,10 ∙ 2,102 ,2áE,& = &:, 5- 01.2 Cálculo do momento máximo na barra 3: �QáS,# = − �! + 8!99 ∙ 2,0 �QáS,# = − 42,26 + 37,54 ∙ 2,0 ,2áE,( = (&, .& 01.2 1 2 3 4 84,15 75,85 37,54 42,46 109,69 50,31 30 10 40q.l8 = 4 Horiz. Parábola do 2º grau 2,10 m 1,76 m 4,0 m 2,0 m 2,0 m4,0 m2,0 m R2 – 2015/2 Universidade Federal do Amazonas 5 Prof. Winston Zumaeta Equação dos 3 momentos 28/10/2015 Cálculo do momento máximo na barra 4: "DF� 1,76 = 80 4 "DF� = 35,20 ��/� "FGD = 80 − "DF� = 80 − 35,20 = 44,80 ��/� O momento máximo será obtido com o somatório de momentos em relação ao ponto M, conforme abaixo. �QáS,� = − �# + 8#99 ∙ 1,76 − �"FGD ∙ 1,76 ∙ 1,762 − U"DF� ∙ 1,76 2 V ∙ 2 3 ∙ 1,76 �QáS,� = − 52,10 + 109,69 ∙ 1,76 − �44,80 ∙ 1,76 ∙ 1,762 − U35,20 ∙ 1,76 2 V ∙ 2 3 ∙ 1,76 ,2áE,4 = (-, && 01.2 Traçado do DMF em KN.m: 4,0 m 2,0 m 2,0 m4,0 m2,0 m 52,10 40 58,87 42,26 29,65M =máx 80q.l8 = 2 2 35,22M =máx 80P.l4 = 3 80q.l16 = 4 2 5q.l8 = bal 2 Parábola do 2º grau Parábola do 3º grau Parábola do 2º grau 32,82M =máx2,10 m 1,76 m 1 2 3 4 80 kN/m 44,80 kN/m M 1,76 m 52,10 kN.m 109,69 kN
Compartilhar