Simulado Enem 2018 - 5º conjunto Prova II

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SIMULADO 5 – ENEM 2018 – PROVA II
C
IÊ
N
C
IA
S
 D
A
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A
T
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R
E
Z
A
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A
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 S
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A
S
 T
E
C
N
O
LO
G
IA
S
CIÊNCIAS DA NATUREZA E SUAS TECNOLOGIAS
Questões de 91 a 135
QUESTÃO 91 
Desejando iluminar seu terreiro, o proprietário de um 
sítio precisa de 50 m de cabo cuja seção reta seja de 
4,0 mm². Encontrando apenas 20 m desse material, ele 
pretende conectar em série o cabo encontrado com outro de 
30 m de comprimento, de seção reta de 2,5 mm² e mesmo 
material. Com a ajuda de um aparelho, o proprietário mede 
a resistência do segundo cabo e encontra 0,01 Ω/m.
Qual é a resistência total da instalação?
A. 	 0,3125 Ω
B. 	 0,3875 Ω
C. 	 0,4250 Ω
D. 	 0,5000 Ω
E. 	 0,6200 Ω
Alternativa C
Resolução: Denotando pelos índices 1 e 2 para nos 
referirmos aos cabos de 20 e 30 m, respectivamente, teremos 
que a resistência total da instalação, devido à ligação em 
série, será
R = R1 + R2
Como sabemos a relação entre a resistência do segundo 
cabo com seu comprimento, podemos escrever que
R m
R
A R
A mm m
2
2
2
2
2
2
2
2 6 2
6
0 01
0 3
2 5 2 5 10
2 5 10 1


=
=
=
= =
=
−
−
,
,
, , .
, . .
Ω
Ω
ρ
ρ 00 2 5 102 8− −= , . Ωm
Logo, como os cabos são feitos do mesmo material, teremos 
que a resistência do primeiro cabo é
R
A
A mm m
R
R
1
1
1
1
2 6 2
1
8
6
1
4 0 4 0 10
2 5 10 20
4 0 10
0 125
=
= =
=
=
−
−
−
ρ

, , .
, . .
, .
, ΩΩ
Portanto,
R = 0,300 + 0,125 = 0,4250 W
QUESTÃO 92 
As chamadas “latinhas inteligentes” são utilizadas para 
aquecer ou resfriar bebidas sem que haja a necessidade 
de uma fonte externa de calor. Essas latinhas diferem das 
demais existentes no mercado pelo fato de apresentarem 
um compartimento interno contendo água e uma substância 
química a ser dissolvida quando o botão localizado na base 
da latinha é pressionado.
EHIT
JAV3
Região onde
fica a bebida
a ser aquecida
ou resfriada
Superfície que
aquece ou resfria
a bebida
Substância a ser
dissolvida Água
Botão
plástico
Membrana isolante
O cloreto de cálcio (CaC2) é uma substância química 
que pode ser utilizada pelo fabricante quando a intenção for 
aquecer a bebida, já que, após a sua dissolução em água, 
a temperatura do sistema (água + CaC2) aumenta.
A variação de temperatura no processo de dissolução citado 
no texto pode ser explicada, pois 
A. 	 a água transfere calor para o CaC2 e o aquece. 
B. 	 o CaC2 transfere calor para a água e a aquece.
C. 	 a dissolução do CaC2 em água é um processo 
exotérmico.
D. 	 a dissolução do CaC2 em água é um processo que 
absorve calor.
E. 	 a variação de entalpia do processo de dissolução do 
CaC2 é maior que zero.
Alternativa C
Resolução: A dissolução do CaC2 em água é exotérmica 
(∆H < 0) e, portanto, libera calor aumentando a temperatura 
do meio. Esse aumento na temperatura é responsável por 
aquecer a bebida que está na latinha, pois o calor flui da 
região de maior temperatura para a de menor temperatura, 
ou seja, da solução de CaC2 para a bebida, até que o 
equilíbrio térmico seja atingido.
QUESTÃO 93 
Escorbuto reaparece na Austrália devido a dietas 
pouco variadas
O escorbuto, uma doença historicamente associada 
com os marinheiros do velho mundo que realizavam longas 
viagens, está reaparecendo na Austrália devido a dietas 
pouco variadas. [...] Hoje considerado raro, o escorbuto 
ressurgiu devido a maus hábitos alimentares, segundo Jenny 
Gunton, diretora de um instituto de pesquisas em Sydney. 
Ela descobriu a doença após observar em vários dos seus 
pacientes feridas que não cicatrizavam. [...] O estudo de 
Gunton aconselha os médicos a levarem em conta esse 
problema potencial, especialmente nos pacientes com 
diabetes. “Principalmente se seus pacientes apresentam 
úlceras que não cicatrizam, facilidade para ter hematomas 
ou sangramento de gengivas sem causa evidente”, disse.
Disponível em: <https://g1.globo.com>. Acesso em: 26 nov. 2017 
(Adaptação).
S4CQ
CNAT – PROVA II – PÁGINA 2 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Uma escola local resolveu desenvolver um projeto para 
contribuir com a prevenção da doença descoberta pela 
pesquisadora Jenny Gunton. O projeto tinha como objetivo 
a elaboração e distribuição de panfletos que indicavam a 
ingestão de alimentos ricos em
A. 	 ácido cítrico, como a jabuticaba e a uva.
B. 	 sais de cálcio, como o leite e derivados.
C. 	 sais de iodo, como os brócolis e a couve.
D. 	 ácido ascórbico, como a laranja e o abacaxi.
E. 	 vitamina do complexo B, como a carne e o ovo.
Alternativa D
Resolução: O ácido ascórbico, também conhecido como 
vitamina C, é encontrado em diversos alimentos, sendo as 
frutas cítricas as fontes mais famosas, como o limão, a laranja 
e o abacaxi. Entretanto, há muitos outros alimentos que 
oferecem vitamina C, como o tomate, a abóbora moranga, 
a manga, o kiwi, a goiaba, o mamão, a amora, a amalaki, 
a acerola, o morango e a melancia. Além dessas frutas, são 
fontes de vitamina C vegetais como a couve-flor, a couve- 
-de-bruxelas e os brócolis, bem como o pimentão verde, 
o pimentão vermelho, o espinafre, o repolho e a batata. 
Quando privamos nosso organismo de vitamina C de forma 
mais severa, há o surgimento de sangramento nas gengivas, 
bem como o surgimento de feridas que nunca cicatrizam, 
podendo, inclusive, levar à perda dos dentes.
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) O ácido cítrico é um ácido orgânico presente na maioria 
das frutas, principalmente nas frutas cítricas, sendo 
responsável por seu sabor ácido. Porém, seu consumo 
não tem relação com o escorbuto.
B) O consumo de alimentos ricos em cálcio não é indicado 
para casos de escorbuto, mas sim de osteoporose e 
raquitismo.
C) O consumo de alimentos ricos em iodo não é indicado para 
o escorbuto, mas para combater distúrbios da tireoide. 
E) No complexo B, há diversas vitaminas que desempenham 
variadas funções no corpo e que são encontradas 
praticamente nos mesmos alimentos, sendo a carne e o 
ovo alguns deles. Porém, tais vitaminas não têm relação 
com o desenvolvimento do escorbuto.
QUESTÃO 94 
Um equívoco muito comum feito pelos estudantes 
é confundir ondas de rádio com ondas sonoras. Para 
esclarecer essa dúvida, um professor de Física deu o 
seguinte exemplo em sala de aula:
“Quando assistimos ao vivo a um jogo de futebol que 
está acontecendo na Europa, é uma onda de rádio que viaja 
até os nossos satélites de comunicação e depois retorna 
para a Terra. Como sua velocidade é a mesma da luz, 
a onda alcança o satélite que está a 36 000 km de distância 
e retorna ao nosso planeta em menos de 1 segundo”.
L8IL
Se uma onda sonora, que tem velocidade de 340 m/s, tivesse 
que percorrer a mesma distância que essa onda de rádio, ela 
levaria um tempo, em horas, aproximadamente de
A. 	10.
B. 	20.
C. 	24.
D. 	30.
E. 	60.
Alternativa E
Resolução: A distância percorrida, seja pela onda de 
rádio ou pela onda sonora, será duas vezes a distância do 
satélite à Terra. Logo, como desejamos o tempo em horas, 
converteremos a velocidade da onda sonora.
v m s km h
km km
t h
S = =
=
∆ = =
340 1224
36 000 36 10
72 10
1224
58 823
3
3
.
. ,
Portanto, a alternativa que mais se aproxima desse valor 
é a letra E.
QUESTÃO 95 
O airbag é um equipamento de segurança utilizado para 
proteger os ocupantesde um veículo em caso de colisão. 
Ele é ativado quando o veículo é desacelerado bruscamente, 
por meio de sensores que enviam um sinal elétrico para 
um dispositivo denominado ignitor do gerador de gás. Esse 
dispositivo funciona como uma espoleta e faz com que uma 
substância química denominada azida de sódio (NaN3) reaja, 
como mostra a equação a seguir:
2NaN3(s) → 2Na(s) + 3N2(g) 
Essa reação química cuja explosão é instantânea 
produz gás nitrogênio (N2) suficiente para encher uma bolsa 
de 90 litros em apenas 30 milésimos de segundo devido à 
expansão do gás. 
Disponível em: <https://super.abril.com.br/tecnologia/como-funciona-o-
airbag/>. Acesso em: 11 fev. 2018 (Adaptação).
A massa de NaN3, em gramas, necessária para encher 
completamente a bolsa inflável nas CNTP é igual a, 
aproximadamente,
Dados: Massas molares em g.mol–1 : N = 14; Na = 23 
Volume molar nas CNTP: 22,4 L
A. 	 100.
B. 	 125.
C. 	 150.
D. 	 175.
E. 	 200.
4873
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 3BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa D
Resolução: A reação química de decomposição da azida 
de sódio está representada a seguir:
2NaN3(s) → 2Na(s) + 3N2(g) 
Observa-se, pela estequiometria da reação, que 2 mol de 
NaN3 produzem 3 mol de gás N2. Considerando as CNTP, 
utiliza-se a definição de volume molar para calcular o volume 
de gás nitrogênio liberado.
Volume molar nas CNTP = 22,4 L.mol–1
1 mol de N2  22,4 L
 3 mol de N2  x
x = 67,2 L
Em seguida, de posse desse valor, calcula-se a massa de 
NaN3 necessária para inflar completamente a bolsa cujo 
volume é igual a 90 L.
M(NaN3) = 65 g.mol–1
130 g de NaN3  67,2 L de N2
 y  90 L de N2
y = 174 g de NaN3
Portanto, a alternativa correta é a D.
QUESTÃO 96 
Cinco gases que apresentam comportamento ideal 
estão separados em recipientes cujos valores de volume e 
temperatura são, respectivamente, iguais a 22,4 L e 0 °C. 
Os valores de pressão a que cada um deles está submetido 
estão representados na tabela a seguir:
Recipiente Gás Pressão (atm)
1 O3 1
2 Ne 2
3 He 4
4 N2 1
5 Ar 1
Segundo as informações fornecidas na tabela, qual é o 
recipiente que apresenta a maior massa de gás?
Dados: Massas molares em g.mol–1: He = 4; N = 14; O = 16; 
Ne = 20; Ar = 40 
Constante dos gases (R) = 0,080 atm.L.mol–1.K–1
A. 	 1
B. 	 2
C. 	 3
D. 	 4
E. 	 5
D1OR
Alternativa A
Resolução: Para determinar a massa de gás presente 
em cada um dos recipientes, basta utilizar a equação de 
Clapeyron:
pV = nRT
O valor da quantidade de matéria (n) pode ser reescrito em 
função da massa (m) e da massa molar (M).
n m
M
pV m
M
RT
=
=
Isolando o valor de m, obtemos a seguinte equação:
m pVM
RT
=
De posse dos valores de M de cada um dos gases, basta 
substituí-los na equação:
•  Recipiente 1:
m atm
atm
=
−
− −
1 22,4 L . 48 g.mol
 L.mol K . K
 =.
, . .
1
1 10 080 273
 49,23 g
•  Recipiente 2:
m atm
atm
=
−
− −
2 22,4 L . 20 g.mol
 L.mol K . K
 =.
, . .
1
1 10 080 273
 41,02 g
•  Recipiente 3:
m atm
atm
=
−
− −
4 22,4 L . 4 g.mol
 L.mol K . K
 = .
, . .
1
1 10 080 273
116,41 g
•  Recipiente 4:
m atm
atm
=
−
− −
1 22,4 L . 28 g.mol
 L.mol K . K
 =.
, . .
1
1 10 080 273
 28,71 g
•  Recipiente 5:
m atm
atm
=
−
− −
1 22,4 L . 40 g.mol
 L mol K . K
 =.
, . . .
1
1 10 080 273
 41,02 g
Logo, a alternativa correta é a A.
QUESTÃO 97 
Para que surjam raios, é necessário que, além das gotas 
de chuva, as nuvens de tempestade tenham em seu interior 
três componentes: cristais de gelo, água quase congelada 
e granizo. Com o ar revolto no interior da nuvem, esses 
elementos são lançados, chocando-se uns contra os outros. 
Com isso, acabam trocando carga entre si, alguns vão 
ficando cada vez mais positivos, e outros, mais negativos. 
Os mais pesados, como o granizo e as gotas de chuva, 
tendem a ficar negativos. Por causa da gravidade, o granizo 
e as gotas de chuva se acumulam na parte de baixo, que vai 
concentrando carga negativa. Mais leves, os cristais de gelo 
e a água quase congelada são levados por correntes de ar 
para cima, deixando o topo mais positivo. [...] No solo, por 
outro lado, diversos fatores contribuem para que a superfície 
fique eletricamente positiva.
Disponível em: <https://mundoestranho.abril.com.br>. 
 Acesso em: 25 nov. 2017 (Adaptação).
56UM
CNAT – PROVA II – PÁGINA 4 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Ao aumentar as cargas acumuladas na nuvem, aumenta-se 
entre ela e o solo o(a)
A. 	 campo elétrico.
B. 	 rigidez dielétrica do ar. 
C. 	 eletrização por indução.
D. 	 movimento dos elétrons.
E. 	 condutividade elétrica do ar.
Alternativa A
Resolução: Analisando cada afirmativa separadamente:
A) CORRETA – Ao aumentar a carga acumulada na nuvem, 
aumenta-se a carga induzida na superfície do solo e, 
proporcionalmente, o campo elétrico entre eles.
B) INCORRETA – A rigidez dielétrica representa o maior 
valor que o campo elétrico pode assumir, de modo que o 
meio continue isolante. Essa grandeza depende apenas 
das propriedades do meio.
C) INCORRETA – Ainda que sejam induzidas cargas de sinal 
contrário no solo, ele não será eletrizado, pois continuará 
a ser neutro. 
D) INCORRETA – Sendo o ar um meio isolante, não haverá 
movimento significativo dos elétrons em seu interior. 
E) INCORRETA – Assim como a alternativa B, a condutividade 
elétrica de um meio depende apenas de suas propriedades.
QUESTÃO 98 
Fungos estão destruindo o autorretrato 
de Leonardo da Vinci 
Por décadas, os danos em um autorretrato de Leonardo 
da Vinci, datado de 1510, não puderam ser restaurados 
porque os responsáveis pelo processo não sabiam se 
as origens das manchas marrons e avermelhadas eram 
químicas ou biológicas. 
Recentemente, um estudo publicado na revista 
Environmental Microbiology Reports provou que o quadro 
está infectado por diversos fungos. De acordo com a 
pesquisa, partículas de ferro danificaram o papel há muito 
tempo, rompendo a estrutura de celulose do papel e criando 
uma abertura para a entrada de fungos. 
Disponível em: <http://www.correiodoestado.com.br>. Acesso em: 11 
abr. 2016. [Fragmento adaptado]
O rompimento da estrutura do papel criou condições para 
a contaminação da obra com esses organismos, pois eles 
A. 	possuem parede celular de quitina flexível, que permite 
a sua fácil dispersão.
B. 	resistem à alta temperatura e à falta de umidade do 
microambiente do papel. 
C. 	sobrevivem no ar por meio de estruturas reprodutivas 
denominadas esporos. 
D. 	usam as fibras vegetais do papel para produzir 
autotroficamente o seu alimento. 
E. 	quebram as fibras de celulose para criar reservas de 
amido. 
SOIO
Alternativa C
Resolução: Os esporos são estruturas reprodutivas 
altamente resistentes a condições ambientais desfavoráveis. 
Por meio de esporos, fungos podem, por exemplo, 
permanecer no ar por longos períodos e se deslocarem por 
grandes distâncias. 
No caso do autorretrato mencionado, infere-se que a ruptura 
da estrutura de celulose fragilizou o papel e criou uma 
abertura para a entrada de esporos de fungos que estavam 
em circulação no ar. O desenvolvimento desses esporos 
levou ao estabelecimento de colônias de fungos no papel, 
formando as manchas observadas. Portanto, a alternativa C 
é a correta. 
As incorreções das demais alternativas podem ser 
justificadas das seguintes formas:
A) Constituída basicamente de quitina, a parede celular de 
fungos é do tipo rígida. 
B) Temperatura e umidade elevadas são as condições gerais 
de um ambiente propício para a proliferação dos fungos.
D) Fungos não podem utilizar as fibras vegetais do papel 
para produzir seu próprio alimento, uma vez que são 
seres heterótrofos. 
E) De acordo com o texto-base, o rompimento das fibras de 
celulose do papel não foi causado pelos fungos, mas pelas 
partículas de ferro. Além disso, fungos tem o glicogênio 
enquanto substância de reserva.
QUESTÃO 99 
O esquema a seguir ilustraproteínas transportadoras 
realizando o trânsito de substâncias através da membrana:
Molécula transportada Íon co-transportado
Íon
co-transportado
Bicamada
lipídica
Transporte de
uma molécula
a cada vez
Cotransporte
de duas
moléculas
Contratransporte
de duas
moléculas
TRANSPORTE ACOPLADO
Disponível em: <http://www.ibb.unesp.br/Home/Departamentos/
Morfologia/Laboratorios/LaboratoriodeGenomicaIntegrativa/4bMembra
naTransporte.pdf>. 
Acesso em: 03 mar. 2017.
O esquema exemplifica o mecanismo que ocorre quando
A. 	 partículas sólidas são ingeridas pelas células por meio 
da fagocitose.
B. 	 íons cálcio são transportados ativamente para o interior 
de uma célula.
C. 	 partículas líquidas são absorvidas por invaginações da 
membrana celular.
D. 	 gás oxigênio entra na célula enquanto o gás carbônico 
sai da mesma célula. 
E. 	 materiais são eliminados de células por vacúolos que 
se unem à membrana.
E76Q
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 5BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa B
Resolução: O esquema retrata mecanismos utilizados pela célula para realizar transporte de substâncias entre os meios 
intra e extracelular por intermédio de proteínas carreadoras. O transporte mediado por proteínas carreadoras pode ser ativo 
ou passivo. Conforme o esquema, esse transporte pode ocorrer de forma uni ou bidirecional e pode envolver apenas um tipo 
de molécula, assim como moléculas diferentes. Das situações citadas nas alternativas, apenas o transporte de cálcio ocorre 
com o auxílio de proteínas, de forma ativa. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) A fagocitose consiste no englobamento de partículas sólidas por meio da formação de pseudópodes, fenômeno que não 
está representado no esquema. 
C) O englobamento de líquidos caracteriza a pinocitose, outro mecanismo que envolve a invaginação da membrana e que 
não está representado no esquema.
D) A troca gasosa entre as células e o meio intracelular ocorre por difusão simples, fenômeno que não conta com a participação 
de proteínas carreadoras. 
E) A eliminação de materiais por meio de vacúolos que se unem à membrana caracteriza a exocitose, processo que também 
não está ilustrado no esquema. 
QUESTÃO 100 
Como é herdada a cor dos olhos?
A tentativa de explicar a relação entre cinco colorações de olhos e dois pares de genes não esclarece a existência de 
olhos de outras cores ou de gradações diferentes. Entretanto, um modelo que considera a descendência proveniente de um 
casal duplo heterozigoto está representado a seguir:
Gametas AB Ab aB ab
AB
AABB
Castanho escuro
AABb
Castanho médio
AaBB
Castanho médio
AaBb
Castanho claro
Ab
AABb
Castanho médio
AAbb
Castanho claro
AaBb
Castanho claro
Aabb
Azul escuro
aB
AaBB
Castanho médio
AaBb
Castanho claro
aaBB
Castanho claro
aaBb 
Azul escuro
ab
AaBb
Castanho claro
Aabb
Azul escuro
aaBb
Azul escuro
aabb 
Azul claro
De acordo com esse modelo, a cor dos olhos é um caso de herança
A. 	epistática. 
B. 	quantitativa.
C. 	polialélica.
D. 	complementar.
E. 	pleiotrópica.
Alternativa B
Resolução: A partir da análise dos dados apresentados, infere-se que a característica cor dos olhos é um caso de herança 
quantitativa: uma interação entre genes não alelos, que resulta em um fenótipo que depende da quantidade de certos tipos 
de alelos presentes no genótipo. Quanto mais alelos dominantes, mais escura é a cor dos olhos. A herança quantitativa se 
caracteriza por uma sequência gradativa ou contínua de fenótipos, como a herança da cor da pele humana. No caso, quatro 
alelos dominantes é o extremo de olhos mais escuros (castanho-escuro) e quatro alelos recessivos é o extremo de olhos 
mais claros (azul-claro). Independentemente do tipo, três alelos dominantes (AABb ou AaBB) resultam no fenótipo castanho- 
-médio. Quando há dois alelos dominantes, os olhos são castanhos-claros (AaBb / AAbb / aaBB). Por fim, três alelos recessivos 
resultam em olhos azuis-escuros (aaBb / Aabb). Portanto, a alternativa correta é a B. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas:
A) Epistasia é um fenômeno no qual um gene inibe a manifestação de outro gene. O gene que inibe é chamado de epistático 
e o gene inibido é denominado hipostático. No caso apresentado, não há inibição de um gene em relação ao outro. 
6BCL
CNAT – PROVA II – PÁGINA 6 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
C) Polialelia (ou alelos múltiplos) é quando, para alguma 
característica, um gene apresenta mais de dois alelos 
diferentes que podem ocupar os mesmos loci num par de 
cromossomos. No caso, existem apenas dois alelos para 
cada gene que determinam a cor dos olhos.
D) Herança complementar ocorre de maneira similar à 
herança quantitativa, porém, o que determina um certo 
fenótipo é a interação dos alelos dominantes. A crista do 
galo é um bom exemplo disso. Nessa herança, dois pares 
de genes interagem (R/r e E/e). Quando o genótipo tem 
pelo menos um alelo dominante de um tipo, a crista é do 
tipo ervilha (rrE_). Quando o genótipo tem pelo menos 
um alelo dominante de outro tipo, a crista é rosa (R_ee). 
Quando o genótipo tem pelo menos um alelo dominante 
de cada tipo, a crista é do tipo noz (R_E_).
E) Pleiotropia é um fenômeno no qual um mesmo genótipo 
é responsável por mais de uma manifestação fenotípica. 
Ocorreria se o gene em questão determinasse não apenas 
a cor dos olhos, mas também o comprimento dos cílios, 
por exemplo.
QUESTÃO 101 
GONSALES, Fernando. Níquel Náusea. Folha de S.Paulo. 
Jan. 2010 (Adaptação).
O processo de transformação narrado na tirinha se deve, 
entre outros fatores, ao fenômeno da apoptose. Para que 
esse fenômeno ocorra, é necessário que os lisossomos
A. 	estejam com pH básico para que suas enzimas 
funcionem corretamente.
B. 	possuam ribossomos para que possam sintetizar as 
enzimas proteolíticas.
C. 	apresentem genes responsáveis por produzir proteínas 
vitais à metamorfose.
D. 	realizem digestão de estruturas celulares internas por 
completo.
E. 	possuam lipídeos e que eles se fundam à membrana 
das células eliminadas. 
ZFIG
Alternativa D
Resolução: A apoptose é um fenômeno de morte celular 
programada que ocorre naturalmente nos organismos 
pluricelulares. É por apoptose, por exemplo, que a cauda 
dos girinos desaparece durante a metamorfose. Durante 
esse processo de transformação, as enzimas dos lisossomos 
iniciam a digestão de organelas e proteínas das células 
da cauda, e a continuidade desse estímulo desencadeia o 
programa apoptótico que leva à degradação completa dessa 
estrutura. Além disso, os lisossomos realizam a digestão 
dos resquícios celulares na fase de “limpeza” após a morte 
celular, o que possibilita o reaproveitamento dos nutrientes 
das células mortas para a síntese de novas moléculas. 
Portanto, a alternativa correta é a D.
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) As enzimas lisossomais necessitam de pH ácido para 
agirem de forma adequada.
B) Lisossomos não possuem ribossomos para produzir 
suas enzimas. As enzimas são produzidas pelo retículo 
endoplasmático rugoso e, posteriormente, enviadas ao 
complexo golgiense, onde se formam os lisossomos.
C) Lisossomos não possuem material genético próprio para 
codificar a síntese de proteínas. 
E) A membrana dos lisossomos se une às membranas dos 
corpos apoptóticos, que contêm frações da célula morta.
QUESTÃO 102 
Antigos relógios de pêndulo em que a haste era feita 
de invar, uma mistura de níquel e ferro cujo coeficiente de 
dilatação é 1,5 ⋅ 10–6 °C–1, tinham como principal motivo 
de falha na marcação do tempo a dilatação da haste. 
Dessa maneira, a variação do período de oscilação desse 
pêndulo dependia do produto entre a variação de temperatura 
da haste, do coeficiente de dilatação dela e do período inicial 
do pêndulo, antes da dilatação, dividido por 2. 
Um relógio de invar que tinha o período de 2 s a 20 °C 
atrasaria aproximadamentequanto tempo, a 25 °C, após 
um dia? 
A. 	 0,27 s
B. 	 0,32 s
C. 	 0,54 s
D. 	 0,65 s
E. 	 1,30 s
Alternativa B
Resolução: Considerando que a relação entre a variação 
do período e a variação da temperatura é como descrito no 
texto, podemos escrever que
∆ = ∆ =
∆ =
−
−
Τ Τ
Τ
1
2
1
2
2 1 5 10 5
7 5 10
0
6
6
α θ . . , . .
, . s
LX6I
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 7BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Como o período corresponde ao tempo gasto para cada 
oscilação, esse resultado corresponde ao atraso do relógio 
para cada oscilação. Para sabermos quanto o relógio se 
atrasou ao final de um dia, é preciso determinar o número 
de oscilações nesse tempo. Fazendo a seguinte conversão 
de unidade, teremos que
1 60
1 60 3 600
1 24 1440 86 400
86 4 10
2
3
min
min
min
, .
=
= =
= = =
=
s
h s
dia h s
n s
s ooscilação
oscilações= 43 2 103, .
Logo, o relógio terá se atrasado
∆t = 7,5 . 10–6 . 43,2 . 103 = 0,324 s
O valor que mais se aproxima desse resultado é o que está 
representado na alternativa B.
QUESTÃO 103 
A produção de bioquerosene a partir de caldo de 
cana-de-açúcar envolve a utilização de uma levedura 
geneticamente modificada. Essas leveduras modificadas 
atuam no processo de fermentação, mas, em vez de 
etanol, produzem a molécula conhecida como farneseno. 
Em seguida, o farneseno é transformado em um composto 
saturado, o farnesano, conhecido como bioquerosene. 
A seguir, estão representadas as fórmulas estruturais desses 
dois compostos:
H3C
CH3 CH3 CH3
CH2
H3C
Farneseno
Farnesano
CH3 CH3 CH3
CH3
Disponível em: <http://revistapesquisa.fapesp.br/2013/07/11/voo-
verde/>. Acesso em: 11 maio 2015 (Adaptação). 
Na conversão de farneseno em farnesano, é mantido o 
número de
A. 	 átomos de carbono.
B. 	 átomos de hidrogênio. 
C. 	 carbonos sp3.
D. 	 elétrons pi.
E. 	 ligações simples.
Alternativa A
Resolução: A conversão do farneseno em farnesano é uma 
reação química de hidrogenação em que as ligações duplas (π) 
entre átomos de carbono na cadeia são rompidas e átomos 
de hidrogênio são adicionados à molécula, aumentando o 
número de ligações simples na estrutura. Verifica-se que 
os átomos de carbono do farnesano apresentam somente 
hibridização do tipo sp3, diferentemente do farneseno, 
D1CD
que apresenta, também, átomos de carbono hibridizados 
em sp2. Logo, ao término do processo, é mantido apenas o 
número de átomos de carbono na molécula, o que torna a 
alternativa A correta.
QUESTÃO 104 
Quando uma atividade física intensa é realizada, 
o organismo pode produzir, na queima da glicose, o ácido 
lático, um composto orgânico de função mista ácido 
carboxílico-álcool, que apresenta fórmula molecular C3H6O3. 
De acordo com as informações do texto, a molécula do ácido 
lático está representada em: 
 A H3C
O
O
OH
 B O
CH3
OH
HO
 C O
OH
OH
H3C
 D OOH
OH
 E
OHHO
O
Alternativa C
Resolução: A molécula de ácido lático apresenta as 
seguintes funções orgânicas em sua estrutura: álcool – 
possui como grupo funcional a hidroxila (—OH) ligada 
diretamente a um carbono saturado; e ácido carboxílico – 
possui como grupo funcional a carbonila (C=O), ligada a uma 
hidroxila (—OH), e que se denomina grupo carboxila. Sendo 
assim, analisando-se as estruturas químicas de cada um dos 
compostos presentes nas alternativas, pode-se excluir as 
alternativas A, B e E. Foi informado, também, que a fórmula 
molecular desse composto é igual a C3H6O3, o que torna a 
alternativa C a única correta.
QUESTÃO 105 
O Sol está consumindo o elemento hidrogênio no 
seu centro. Consumir, aqui, significa que os núcleos de 
hidrogênio (H) estão sendo fundidos em núcleos de hélio, 
o que libera energia. Quando a reserva de hidrogênio se 
tornar escassa no centro do Sol, ele começará a fundir o 
material numa camada mais externa ao seu centro. Pela 
maior produção de energia e pela sua maior proximidade 
com a atmosfera do Sol, essa camada vai aumentar muito 
de tamanho e vai se esfriar. Esta variação de tamanho do Sol 
deve levar cerca de centenas de milhares de anos, e o seu 
raio irá se expandir até que o núcleo atinja uma temperatura 
de 100 milhões de kelvin.
Disponível em: <http://noticias.terra.com.br>. Acesso em: 27 jan. 2017 
(Adaptação). 
ZKZF
9DG2
CNAT – PROVA II – PÁGINA 8 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Considerando que a variação média da temperatura do Sol 
é de 6,25 . 10–2 K/ano, após quantos anos seu raio irá parar 
de expandir?
A. 	 1,60 . 103
B. 	 6,25 . 106
C. 	 1,60 . 107
D. 	 1,60 . 109
E. 	 6,25 . 1010
Alternativa D
Resolução: Como o texto informa que o raio do Sol irá 
se expandir até que a temperatura do núcleo seja de 
100 milhões de kelvin, e sabemos a variação média da 
temperatura do Sol, podemos escrever que
C T
t
K ano
t T
C
anos
t
=
∆
∆
=
∆ =
∆
= =
∆ =
−
−
6 25 10
1 10
6 25 10
0 16 10
2
8
2
10
, .
.
, .
, .
11 6 109, . anos
Portanto, a alternativa correta é a D.
QUESTÃO 106 
Diagrama de fase é a representação gráfica do estado 
físico de uma substância sob diferentes condições de 
temperatura e pressão. As curvas do diagrama representam 
a mudança de fase, ou seja, a condição para que dois 
estados de uma substância coexistam em equilíbrio. A figura 
a seguir apresenta essa representação para a água.
1,00
0,006
0,010 100
Pr
es
sã
o 
(a
tm
)
Temperatura (°C)
Com base nas informações dadas, a diminuição da 
temperatura com o aumento da pressão, representada em 
cinza, ocorre devido o(a)
A. 	 tensão superficial da água.
B. 	 alto calor específico da água.
C. 	 comportamento anormal da água.
D. 	 alto calor latente de fusão da água.
E. 	 baixa condutividade térmica da água.
1HNX
Alternativa C
Resolução: Sabemos que à 0 °C e à 1 atm, a água está no 
seu estado sólido. Logo, pelo gráfico, é possível perceber 
que, para temperaturas menores do que 0,01 °C e pressões 
maiores do que aproximadamente 0,006 atm, medidas em 
cinza, a água estará em sua transição de sólido para líquido. 
Em sua fase sólida, as moléculas de água estão organizadas 
de forma que suas estruturas são hexagonais, ou seja, 
há espaços vazios entre as moléculas. Em sua fase líquida, 
essa estrutura é desfeita e o espaço entre as moléculas 
diminui. Portanto, a densidade da água é maior na fase 
líquida do que na fase sólida. Sendo assim, o aumento 
de pressão favorece a fusão e, com isso, a fase líquida. 
Essa característica, diferente de outros tipos de substâncias, 
é conhecida como comportamento anormal da água.
QUESTÃO 107 
O petróleo bruto é uma mistura complexa de 
hidrocarbonetos, que precisam ser separados por diversos 
processos. Na etapa inicial do refino, o petróleo bruto é 
aquecido, e as diferentes cadeias de hidrocarbonetos são 
separadas de acordo com as faixas de temperaturas de 
ebulição. Entretanto, poucos compostos já saem da coluna 
de destilação prontos para serem comercializados. A grande 
maioria deles deve ser processada posteriormente, como ocorre 
nos processos de craqueamento – no qual ocorre a divisão de 
grandes cadeias de hidrocarbonetos em cadeias menores – 
e na reforma – na qual ocorre a combinação de pedaços 
menores de hidrocarbonetos para criar outros maiores.
Disponível em: <http://www.anp.gov.br>. Acesso em: 31 maio 2017 
(Adaptação).
Os processos químicos utilizados nas refinarias e citados no 
texto tem como finalidade
A. 	 obtenção de combustíveis menos poluentes. 
B. 	 economia de energia térmica utilizada no aquecimento 
do petróleo bruto.
C. 	 extração dos compostos de baixa octanagem da 
mistura de hidrocarbonetos. 
D. 	 criação de alternativas para substituir os métodos 
físicos utilizados na destilação. 
E. 	 transformação de frações residuais em derivados 
nobres como GLP e a gasolina. 
Alternativa E
Resolução: O craqueamento e a reforma catalítica são 
dois processos utilizados para formar compostos químicos 
a partir da quebra de grandes cadeias de hidrocarbonetos 
e da combinação de cadeias menores para formar outrasmaiores. Tais processos são utilizados nas refinarias de 
petróleo para obter matérias-primas importantes para a 
indústria e, principalmente, na transformação de frações 
residuais da destilação em combustíveis, como o GLP e a 
gasolina, que apresenta hidrocarbonetos de alta octanagem 
em sua constituição.
TMTS
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 9BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 108 
A leishmaniose cutânea é relatada na maior parte do mundo, incluindo a América Latina. Agora a crise de refugiados da Síria vem 
causando um surto “catastrófico” do mal em países do Oriente Médio. [...] A doença afeta centenas de milhares de refugiados e pessoas 
que se encontram em zonas de conflito. [...] Há dois anos a leishmaniose é endêmica na Síria – o primeiro caso foi diagnosticado em 1745 –, 
mas antes da guerra estava restrita a duas zonas ao redor de Aleppo e Damasco.
 Disponível em: <http://www.bbc.com>. Acesso em: 09 mar. 2017. [Fragmento adaptado]
A disseminação dessa protozoose nesses países tem sido favorecida, pois, nesses lugares, o(a)
A. 	violência sexual contribui para a propagação do agente etiológico.
B. 	carência de serviços de saúde impossibilita a vacinação humana.
C. 	deslocamento das pessoas transforma o habitat do mosquito vetor.
D. 	agrupamento de povos promove o contágio de pessoa para pessoa. 
E. 	higiene pessoal precária colabora com a multiplicação do parasito.
Alternativa C
Resolução: A leishmaniose tegumentar é uma protozoose causada por protozoários do gênero Leishmania. Ela é transmitida por 
meio da picada das fêmeas de mosquitos flebótomos. Esses mosquitos apresentam hábitos arborícolas e não são capazes de voar 
longas distâncias. A construção de campos de refugiados causa uma grande movimentação de pessoas. Para abrigar tantas famílias, 
é necessária a ocupação de novos ambientes, muitas vezes de áreas próximas às matas nativas, habitat dos mosquitos. 
Assim, o desmatamento leva à transformação do habitat dos mosquitos, que acabam coexistindo no mesmo ambiente 
que os refugiados. Essa interação favorece o aumento no número de casos da protozoose transmitida por esses insetos. 
Logo, a alternativa correta é a C. 
As incorreções das demais alternativas podem ser assim justificadas: 
A) As leishmanioses não são transmitidas através do sexo desprotegido.
B) As vacinas já disponíveis são indicadas apenas para cachorros.
D) A leishmaniose não é contagiosa. O parasito precisa passar pelo mosquito para completar o ciclo.
E) A falta de higiene pessoal não favorece a multiplicação do parasito, uma vez que o parasito não é transmitido pela via 
fecal-oral.
QUESTÃO 109 
Metais possuem a propriedade de se dilatarem quando submetidos a aumentos de temperatura. A figura a seguir 
mostra uma lâmina de metal que foi esquecida em um forno a uma temperatura de 185 °C no instante em que dele 
foi retirada:
l
9 cm
4 
cm
6 cm
Após o resfriamento da peça até 25 °C, a distância  diminuiu, em milímetros,
Dados: Coeficiente de dilatação linear do metal = 1,2 × 10–5 °C–1
A. 	0,032.
B. 	0,096.
C. 	0,112.
D. 	0,130.
E. 	0,173.
91S8
VJGA
CNAT – PROVA II – PÁGINA 10 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa B 
Resolução: A dilatação e contração térmica de um material é proporcional à diferença de temperatura e ao comprimento do 
material. Sendo assim, o primeiro passo é encontrar o valor inicial de .
6
4 4
3
9

Usando o Teorema de Pitágoras, temos

2 = 42 + 32 ⇒  = 5 cm = 50 mm
Por fim,
∆ =  . a . ∆T = 5 . 1,2 . 10–5 . 160 = 0,096 mm
QUESTÃO 110 
O esquema a seguir apresenta um experimento realizado por Alfred Hershey e Martha Chase, em 1952, desenvolvido 
para verificar onde a informação genética é guardada:
Cápsula proteica
marcada por enxofre
Bacteriófagos
Célula
Não foi detectado 
enxofre nas células.
Fósforo detectado nas células.
Núcleo de DNA
marcado por fósforo
Os vírus infectam
a bactéria.
1.
2. Os vírus são 
removidos das células 
no misturador.
3. As células e os 
fagos são separados 
por centrifugação.
Célula
Disponível em: <http://upload.wikimedia.org/>. Acesso em: 17 dez. 2014 (Adaptação).
Em relação ao experimento e a seus resultados, Hershey e Chase concluíram que
 A a hereditariedade está ligada somente ao ácido nucleico, no caso, o DNA.
 B a hereditariedade viral é comprometida quando o vírus possui proteína marcada.
 C as proteínas virais são responsáveis pela transmissão da informação genética.
 D o ácido nucleico é o responsável pela síntese proteica em vírus e bactérias.
 E os vírus que têm cápsides marcadas não são capazes de parasitar bactérias.
NNM5
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 11BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa A
Resolução: A análise da figura revela que Hershey e 
Chase realizaram um experimento com bacteriófagos – 
vírus que infectam bactérias. Com uma estrutura simples, 
os bacteriófagos usados consistiam basicamente de cápsides 
de proteínas e núcleo de DNA. A proposta do experimento 
consistiu em verificar qual era a substância injetada pelo 
bacteriófago na bactéria. A substância identificada seria 
o material genético do vírus, logo, a responsável pela 
hereditariedade. 
O experimento foi realizado com uma amostra de 
bacteriófagos criados em meio com enxofre, que tiveram 
apenas as suas proteínas marcadas pelo elemento. Uma 
segunda amostra de vírus foi preparada com fósforo, que 
só marcou o seu DNA. 
As amostras foram usadas para infectar as bactérias. 
Após a remoção dos vírus e a centrifugação do material, 
os pesquisadores mediram a radioatividade e encontraram 
apenas o fósforo no interior das bactérias infectadas. Com 
base nisso, concluíram que o DNA, e não as proteínas 
do capsídeo, compõe o material genético dos vírus e é 
responsável pela hereditariedade. Portanto, a alternativa 
correta é a A. 
As incorreções das demais alternativas podem ser explicadas 
das seguintes formas:
B) A hereditariedade do vírus não é comprometida quando 
ele possui proteínas marcadas, pois a proteína está no 
capsídeo que é abandonado após a introdução do material 
genético.
C) As proteínas virais não transmitem a informação genética. 
Essa função é desempenhada pelo ácido nucleico, que, 
no caso do experimento, é um DNA.
D) Primeiramente, os vírus não têm síntese proteica própria, 
pois dependem do maquinário enzimático da célula 
hospedeira. Além disso, o experimento descrito não 
investigou o mecanismo de síntese proteica, mas a qual 
molécula orgânica a hereditariedade está relacionada. 
E) Os vírus que possuem cápsides marcadas são capazes 
de injetar o seu material genético na célula hospedeira 
(bactéria), logo, são capazes de parasitá-la. 
QUESTÃO 111 
Associação de polias é um conjunto que permite reduzir 
a força necessária para mover um corpo. Esse conjunto é 
formado com o corpo que se deseja mover preso a uma 
das polias, e uma corda passando ao redor delas. A figura 
a seguir ilustra essa associação.
XH3S
Apesar da vantagem possibil i tada pelo conjunto, 
a quantidade de polias móveis não pode ser aumentada 
indiscriminadamente, pois isso aumenta também o(a)
A. 	 velocidade do corpo.
B. 	 reação da força peso.
C. 	 tensão ao longo da corda.
D. 	 tempo de movimento do corpo.
E. 	 comprimento necessário da corda.
Alternativa E
Resolução: A força necessária para mover um corpo em 
uma associação de polias é
F Pn= 2
Em que P é o peso do corpo e n é o número de polias móveis.
Usando a expressão anterior, podemos determinar a 
vantagem mecânica MA, ampliação da força ao usar um 
determinado dispositivo, na associação de polias. 
M P
F
P
PA
n
n= = =
2
2
O comprimento da corda a se usar nessa associação é o 
produto da altura que se deseja elevar o corpo pela vantagem 
mecânica. Logo
L M H HA
n= = 2
Portanto, para uma grande quantidade de polias móveis, 
n será muito grande e, por consequência, também o 
comprimento necessário da corda. Sendo assim, a alternativa 
correta é a E.CNAT – PROVA II – PÁGINA 12 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 112 
Pessoas com hipercolesterolemia hereditária apresentam 
níveis elevados de LDL em consequência da deficiência 
de receptores de LDL ou de sua função defeituosa. 
Normalmente, esses receptores são proteínas localizadas 
na superfície extracelular da membrana plasmática.
São diversas as mutações envolvidas na causa da 
hipercolesterolemia. Algumas delas provocam uma redução 
ou um defeito no transporte dos receptores de LDL entre duas 
organelas. A primeira organela é responsável pela síntese 
desses receptores, enquanto a segunda é responsável 
por adicioná-los açúcares e expô-los na face externa da 
membrana plasmática.
BORGES-OSÓRIO, Maria Regina; ROBINSON, Wanyce Miriam. 
Genética Humana. 3. ed. Porto Alegre: Artmed, 2013. p. 313 
(Adaptação).
As mutações mencionadas afetam o transporte de receptores 
de LDL entre quais organelas, respectivamente?
A. 	 Lisossomo e complexo de Golgi.
B. 	 Ribossomo e retículo endoplasmático liso.
C. 	 Retículo endoplasmático liso e peroxissomo.
D. 	 Retículo endoplasmático rugoso e lisossomo.
E. 	 Retículo endoplasmático rugoso e complexo de Golgi.
Alternativa E
Resolução: Sabe-se, a partir do texto, que os receptores 
de LDL são proteínas produzidas no interior da célula e 
incorporadas à superfície externa da membrana plasmática. 
O texto também informa que algumas mutações afetam o 
transporte desses receptores entre duas organelas, sendo 
que a primeira organela é responsável pela síntese dos 
receptores, enquanto a segunda, pela adição de açúcares 
e transporte até a superfície celular. Se os receptores de 
LDL são proteínas, depreende-se que sua síntese ocorre no 
retículo endoplasmático rugoso (RER), organela que possui 
inúmeros ribossomos aderidos à sua superfície. Além disso, 
infere-se que a segunda organela se trata do complexo 
de Golgi, visto que é nessa estrutura que as proteínas 
sintetizadas no RER são modificadas (adição de açúcar) para 
posterior incorporação à membrana plasmática. Portanto, 
a alternativa E é a correta.
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) O lisossomo não é a organela responsável pela síntese 
dos receptores de LDL, mas pela digestão intracelular.
B) O retículo endoplasmático liso não é a organela 
responsável pela adição de açúcares e transporte até a 
membrana plasmática. Ele está associado principalmente 
à síntese de lipídios, entre outras funções. 
C) O retículo endoplasmático liso é responsável pela 
produção de lipídios, especialmente esteroides. Já o 
peroxissomo tem como principal função a degradação 
do peróxido de hidrogênio. 
PL9N D) A glicosilação dos receptores (adição de açúcares), 
seguida do encaminhamento para a membrana plasmática, 
é efetuada pelo complexo de Golgi. O lisossomo é 
responsável pelas reações de digestão intracelulares.
QUESTÃO 113 
A Amazônia brasileira é capaz de retirar da atmosfera, 
algo entre 5 a 10% das emissões diárias globais de 
carbono devidas, basicamente, à queima de combustíveis 
fósseis e ao desmatamento de florestas. Esse é o saldo 
positivo da reação de fotossíntese sobre a reação de 
respiração de suas árvores. A fotossíntese ocorre na 
presença de luz solar, absorvendo em torno de 3,0 . 103 kJ 
de energia por mol de glicose formada.
6 2CO
energia solar
clorofila + 6H O C H O + 6O2
 
6 12 6 2 →
Disponível em: <http://revistapesquisa.fapesp.br/2002/02/01/pouco-
gas-na-floresta-amazonica>. Acesso em: 12 jun. 2017 (Adaptação).
Supondo-se que, diariamente, são utilizados, aproximadamente, 
1,0 . 1016 kJ da energia solar na fotossíntese, qual é a massa 
de gás carbônico, em toneladas, que deixaria de ser retirada 
da atmosfera se o processo de fotossíntese fosse interrompido 
durante esse mesmo período? 
Dados: Massa molar do CO2 = 44 g.mol–1
A. 	 2,0 . 107
B. 	 8,8 . 108 
C. 	 3,3 . 1012 
D. 	 1,4 . 1014
E. 	 5,9 . 1014
Alternativa B
Resolução: O texto-base da questão informa que, para 
cada 1 mol de glicose formada, são absorvidos 3,0 . 103 kJ 
de energia. Segundo a estequiometria da reação, verifica-se 
que, para cada 1 mol de glicose formada, são consumidos 
6 mol de gás carbônico. Dessa forma, considerando-se 
1,0 . 1016 kJ de energia, obtêm-se a seguinte quantidade de 
matéria de CO2: 
6 mol de CO2  3,0 . 103 kJ
 x  1,0 . 1016 kJ
x = 2,0 . 1013 mol de CO2
Multiplicando-se o valor encontrado pela massa molar 
do CO2, tem-se:
2,0 . 1013 mol . 44 g.mol–1 = 8,8 . 1014 g 
Como 1 tonelada = 1 000 kg = 1,0 . 106 g, a massa de CO2 
que deixaria de ser retirada da atmosfera é igual a 8,8 . 108 
e, portanto, a alternativa correta é a B.
YEQA
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 13BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 114 
Uma contaminação por chumbo, proveniente de fábricas 
de papel alumínio no leste da China, envenenou gravemente 
crianças e atingiu centenas de outros moradores no último 
caso relatado sobre toxinas industriais, reportado pela agência 
oficial de notícias Xinhua [...]. Exames feitos em habitantes 
abaixo de 14 anos no município de Yangxunqiao, província 
de Zhejiang, detectaram a presença de 250 microgramas 
de chumbo por litro de sangue desses indivíduos. Já 26 
adultos foram identificados como caso de “envenenamento 
grave, com aproximadamente 600 microgramas de chumbo 
por litro de sangue”, disse a agência, citando autoridades 
locais de saúde.
Disponível em: <http://g1.globo.com/mundo/noticia/2011/06/
contaminacao-por-chumbo-atinge-103-criancas-na-china.html>. 
Acesso em: 13 abr. 2018. [Fragmento adaptado]
Considerando que um indivíduo adulto apresenta uma média 
de 6 L de sangue, a quantidade de matéria de chumbo, 
em mol, presente no sangue de todos esses indivíduos em 
estado de envenenamento grave é de, aproximadamente,
Dado: Massa molar do chumbo = 207 g.mol–1
A. 	 7,2 . 10–6.
B. 	 1,7 . 10–5.
C. 	 1,9 . 10–4.
D. 	 4,5 . 10–4.
E. 	 3,6 . 10–3.
Alternativa D
Resolução: Inicialmente, determina-se a massa de chumbo 
presente no organismo de um indivíduo adulto.
600 microgramas = 6,0 . 10–4 g
6,0 . 10–4 g de Pb  1 L
 x  6 L
x = 3,6 .10–3 g de Pb
Como o número de indivíduos adultos em estado de 
envenenamento grave é igual a 26, tem-se:
1 indivíduo  3,6 .10–3 g de Pb
 26 indivíduos  y
y = 0,0936 g de Pb
A quantidade de matéria total de chumbo é obtida dividindo-se 
o valor encontrado anteriormente pela massa molar do 
chumbo.
M(Pb) = 207 g.mol–1
1 mol de Pb  207 g 
 z  0,0936 g 
z = 4,52 . 10–4 mol de Pb
Logo, a alternativa correta é a D.
QIX5 QUESTÃO 115 
No ano de 2012, os produtores de laranja brasileiros 
foram surpreendidos com a possibilidade de suspensão 
da exportação de suco de laranja para os Estados Unidos. 
O mercado americano começou a barrar o suco brasileiro 
porque foram encontrados resíduos do agrotóxico 
carbendazin – cuja molécula é identificada por possuir 
cinco ligações pi e cadeia carbônica heterogênea – que é 
utilizado nas plantações de laranja do Brasil e é proibido 
nos Estados Unidos.
Disponível em: <http://g1.globo.com/>. 
Acesso em: 10 fev. 2015 (Adaptação).
O suco de laranja brasileiro foi barrado pelo mercado americano 
por apresentar resíduos de um composto cuja molécula pode 
ser representada por: 
A. 	
H
N
NH
O
OCH3
N
B. 	
N
SHO
B)
HOOC
CH3
C. 	
C
C)
S C C
N
N
O
D. 	
O
D)
O
S
HO
F
NH2
E. 	
O
E)
O
SHO
F
NH2
Alternativa A
Resolução: Segundo informações presentes no texto, 
a molécula de carbendazin apresenta cinco ligações 
duplas (π) e cadeia carbônica heterogênea, ou seja, apresenta 
um ou mais átomos diferentes (heteroátomo) entre dois 
átomos de carbono da cadeia principal. Logo, a única 
alternativa que apresenta um composto químico com essas 
características é o representado na alternativa A.
XQXZ
CNAT – PROVA II – PÁGINA 14 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI SISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 116 
O coeficiente de atrito é responsável pela tração do carro 
quando ele acelera ou freia. Quando comparamos um carro 
a outro, a grandeza a ser analisada é o coeficiente de atrito 
no limite de adesão do pneu à pista. Se o motorista tentar 
usar pneus com coeficiente de atrito maior do que o máximo 
possível, o carro passará dos limites, e o motorista perderá 
o controle. Para carros comuns, o coeficiente de atrito dos 
pneus é, em média de 0,6, enquanto que para carros de 
corrida é, em média de 1,2.
A aceleração de carros de corrida é maior, em relação à 
aceleração de carros comuns, em média
A. 	 2,0 vezes.
B. 	 3,0 vezes.
C. 	 5,0 vezes.
D. 	 6,0 vezes.
E. 	 20,0 vezes.
Alternativa A
Resolução: A força responsável por impulsionar ou frear o 
carro é a força de atrito. Logo, considerando que ele esteja 
em equilíbrio na vertical,
µ
µ
µ
N ma
mg ma
a g
=
=
=
Portanto, a aceleração do carro não dependerá de sua 
massa. Como sabemos os coeficientes de atrito para carros 
comuns e para carros de corrida, e denotando-os por 1 e 2 
respectivamente, teremos que
a
a
g
g
a
a
2
1
2
1
2
1
2
1
1 2
0 6
2 0
= = =
=
µ
µ
µ
µ
,
,
,
Sendo assim, a alternativa correta é a A.
QUESTÃO 117 
Um estudante verificou que, mesmo em dias com 
temperaturas aproximadamente iguais, o tempo gasto para 
secar peças de roupas ao ar livre era diferente. Mediante 
essa constatação, ele decidiu medir os índices de umidade 
relativa do ar em diferentes dias, com o intuito de estudar 
a sua interferência nesse processo. Para isso, ele realizou 
as medidas, em dias, em que a temperatura ambiente foi 
aproximadamente a mesma, mas com a umidade relativa 
do ar variando, da seguinte maneira: 
Dia Umidade relativa do ar
1º 60%
2º 65%
3º 40%
4º 25%
5º 30%
K9L1
024SE04FIS2018I
CDRW
O dia em que o estudante constatou a menor taxa de 
evaporação da água foi o
A. 	 1º.
B. 	 2º.
C. 	 3º.
D. 	 4º.
E. 	 5º.
Alternativa B
Resolução: O índice conhecido como umidade relativa do ar 
mede a razão entre a quantidade de vapor-d’água dissolvido 
no ar e a quantidade máxima de vapor que o ar consegue 
dissolver, a uma determinada temperatura. Quando a 
umidade relativa do ar é elevada, o processo de evaporação 
é dificultado e, portanto, o dia em que o estudante constatou 
a menor taxa de evaporação da água foi o 2º.
QUESTÃO 118 
Foram isoladas duas amostras de DNA de organismos 
eucariotos e com igual número de nucleotídeos. Verificou-se 
que a amostra 1 apresenta 20% de adenina-nucleotídeos e 
que a amostra 2 apresenta 30% de citosina-nucleotídeos. 
No que se refere à estabilidade das moléculas de cada uma 
das amostras, quando submetidas a altas temperaturas, 
espera-se que a(s) amostra(s)
A. 	 1 e 2 sejam igualmente estáveis, mesmo que em 1 haja 
mais ligações de hidrogênio.
B. 	 1 e 2 sejam igualmente estáveis, por serem compostas 
por DNA de fita dupla.
C. 	 1 e 2 sejam igualmente estáveis, porque apresentam 
igual número de ligações de hidrogênio.
D. 	 1 seja mais estável, por apresentar um maior número 
de bases púricas.
E. 	 2 seja mais estável, por apresentar maior número de 
ligações de hidrogênio.
Alternativa C
Resolução: Para resolver a questão, é preciso analisar 
a distribuição de bases das duas amostras de DNA para 
verificar se há diferenças no número de ligações de 
hidrogênio, o que determinará se as amostras são igualmente 
estáveis. 
Pelo texto-base, sabe-se que a amostra 1 possui 20% de 
adenina. Pelo princípio da complementariedade das bases 
nitrogenadas, infere-se que essa amostra também possui 
20% de timina. Se 40% da amostra é constituída de adenina 
e timina, naturalmente, os demais 60% de nucleotídeos são 
constituídos de guanina e citosina, em proporções iguais – 
30% de cada.
O texto-base informa que a amostra 2 apresenta 30% de 
citosina, logo, pela lógica reversa, depreende-se que a 
proporção de bases púricas e pirimídicas nas duas amostras 
são iguais. Se as amostras possuem o mesmo número de 
nucleotídeos e a mesma proporção de bases púricas e 
pirimídicas, logo, possuem o mesmo número de ligações 
de hidrogênio e são igualmente estáveis. Sendo assim, 
a alternativa correta é a C. 
L78J
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 15BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
As incorreções das demais alternativas podem ser justificadas das seguintes formas:
A) As amostras 1 e 2 são igualmente estáveis, porque possuem o mesmo número de ligações de hidrogênio. 
B) O fato de o DNA ser de fita dupla não é suficiente para explicar o motivo pelo qual as duas amostras são igualmente 
estáveis. A complementariedade das bases e o número igual de nucleotídeos determina que as amostras possuem o 
mesmo número de ligações de hidrogênio, e, por isso, elas são igualmente estáveis.
D) As quantidades de bases púricas nas duas amostras são iguais: 20% de adenina e 30% de guanina. 
E) Os números de ligações de hidrogênio nas duas amostras são equivalentes. 
QUESTÃO 119 
Os insetos são considerados “excelentes químicos”, pois desenvolveram a capacidade de se comunicar por meio de 
feromônios, usados para se defenderem, encontrarem parceiros, acharem comida, entre outras funções. A tabela a seguir 
apresenta as fórmulas estruturais condensadas de algumas dessas substâncias e suas respectivas funções biológicas em 
algumas espécies de formigas.
Fórmula estrutural condensada Função biológica 
CH3CH2CH2CH2CH2CHO Alerta ao pressentir perigo de morte
CH3CH2CO(CH2)6CH3 Defesa em presença de predadores
CH3(CH2)9CH3 Marcação de trilha em jardins
CH3CH2CH2CH2CH2CH2OH Alerta no caso de disputa por alimento
Disponível em: <http://www.cienciahoje.org.br/revista/materia/id/919/n/feromonios:_pesticidas_do_futuro>. Acesso em: 13 dez. 2017 (Adaptação).
Considere as estruturas dos feromônios apresentadas na tabela. As funções orgânicas oxigenadas que estão presentes nos 
casos de alerta ao pressentir perigo de morte e de defesa em presença de predadores são, respectivamente,
A. 	 cetona e álcool.
B. 	 álcool e aldeído.
C. 	 aldeído e cetona.
D. 	 hidrocarboneto e éter.
E. 	 fenol e hidrocarboneto.
Alternativa C
Resolução: O feromônio responsável por alertar as formigas, em caso de perigo de morte, é o hexanal, composto que pertence 
à função aldeído – possui como grupo funcional a carbonila (C=O) em um carbono primário. Já o ferômonio responsável pela 
defesa da formiga, em presença de predadores, é a decan-3-ona, composto que pertence à função cetona – possui (C=O) 
em um carbono secundário. As estruturas químicas desses dois compostos estão representadas a seguir: 
H
Aldeído
O
CetonaO
 
H
Aldeído
O
CetonaO
 Hexanal Decan-3-ona
Logo, a alternativa correta é a C.
QUESTÃO 120 
Maria, preocupada com a possibilidade de transmitir o gene da hemofilia para seus filhos, procurou um serviço de 
aconselhamento genético. Chegando à clínica, ela precisou responder a um questionário. As informações fornecidas por 
Maria estão descritas a seguir:
Nome: Maria da Silva
Gostaria de informações a respeito: Investigação de hemofilia na família.
Você apresenta o distúrbio? Sim.
Você tem irmãos? Se sim, quantos? Sim, um irmão.
Seu irmão apresenta o distúrbio? Sim.
Quantos filhos seus avós tiveram? Meu pai é filho único. Minha mãe possui uma irmã. 
Mais algum membro da família apresenta o distúrbio? Se sim, quantos? Sim, apenas mais três membros.
Identifique um desses membros: Minha tia materna.
DBEE
ØT2H
CNAT – PROVA II – PÁGINA 16 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Com base nas informações do questionário, um dos outros membros hemofílicos dessa família é o(a)
A. 	 mãe de Maria.
B. 	 avô materno de Maria.
C. 	 avó materna de Maria.
D. 	 avô paterno de Maria.
E. 	 avó paterna de Maria.
Alternativa B
Resolução: A hemofilia é uma alteração genética que provoca uma deficiência na coagulação do sangue devido à falta de 
um fator plasmático de coagulação. Esse distúrbio afetapessoas com genótipo recessivo. Sabendo disso, é possível inferir 
o genótipo e o fenótipo dos membros da família a partir do questionário:
Maria: hemofílica – XhXh
Irmão: hemofílico – XhY
Tia materna: hemofílica – XhXh
Pai: se Maria é hemofílica, logo, ela herdou dois genes recessivos, um do pai e outro da mãe. Por isso, o pai dela, 
obrigatoriamente, é hemofílico XhY. 
Mãe: se Maria é hemofílica, sua mãe é, no mínimo, portadora de um alelo recessivo. Porém, ao considerar que quatro entre 
os cinco membros hemofílicos dessa família já foram identificados (Maria, o irmão, a tia e o pai), se a mãe dela for hemofílica, 
o avô materno também deve ser, e assim teríamos seis membros afetados na família e não cinco, como Maria informa. Logo, 
presume-se que a mãe seja normal portadora (XHXh).
Avô materno: para gerar uma filha hemofílica (a tia de Maria), esse avô só pode ser hemofílico também (XhY).
Avó materna: se a mãe de Maria é normal portadora e seu alelo h veio do avô, o seu alelo H só pode ser doado por essa 
avó. Ao mesmo tempo, se essa avó gerou uma filha hemofílica, ela também possui o alelo h. Portanto, a avó materna só 
pode ser XHXh, logo, normal portadora. 
Avô e avó paternos: baseado apenas no genótipo do pai, não se pode afirmar os genótipos desses avós. Presume-se 
apenas que essa avó é, no mínimo, normal portadora, porque gerou um filho hemofílico. Entretanto, sabe-se pelo questionário 
que, além de Maria, seu irmão e sua tia materna, só há mais dois hemofílicos nessa família, que são, obrigatoriamente, o pai 
e o avô materno. Logo, os avós paternos necessariamente não apresentam esse distúrbio.
Segue o heredograma da família de Maria:
XHXh XHXh
XHXh
XHYXhY
XhY
XhY
XhXh
XhXh
Maria
Sendo assim, a alternativa B é a resposta correta.
QUESTÃO 121 
Em 1865, Gregor Mendel publicou seus trabalhos sobre a determinação e a transmissão dos caracteres hereditários. 
Em um dos seus princípios, Mendel afirmou: “Todo caráter hereditário é determinado por um par de fatores, que se segregam 
durante a produção dos gametas”.
A compreensão e a aceitação desse pensamento mendeliano seriam facilitadas se os contemporâneos de Mendel tivessem 
conhecimento sobre o(a)
A. 	 estrutura bioquímica dos genes.
B. 	 mecanismo de ação das enzimas.
C. 	 mecanismo de expressão dos genes.
D. 	 processo de divisão celular.
E. 	 processo de interação gênica.
SX8B
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 17BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa D
Resolução: Por meio de experimentos com ervilhas, Mendel 
criou um modelo de hereditariedade baseado em fatores – 
elementos hoje conhecidos como genes. Mendel propôs 
que esses fatores são os responsáveis pela determinação 
das características observáveis no organismo. Ele também 
inferiu que os fatores possuíam “versões diferentes de si 
mesmo” (os alelos) e que cada característica é determinada 
por um par de fatores. Com base na observação dos 
fenótipos de várias gerações de ervilhas, Mendel concluiu 
que esses fatores se separam aleatoriamente quando os 
gametas se formam e que cada gameta só recebe uma 
dessas cópias. Nessa época, não se tinha conhecimento 
sobre o processo de divisão celular, em especial, sobre a 
meiose. É pela meiose que os gametas se formam e que 
há duplicação e segregação dos cromossomos homólogos. 
O conhecimento desse mecanismo de divisão celular 
ajudaria os contemporâneos de Mendel a compreender 
melhor os resultados obtidos por ele. 
As incorreções das demais alternativas podem ser 
justificadas das seguintes formas:
A) O conhecimento da estrutura bioquímica dos genes não 
ajudaria a comunidade científica da época a compreender 
a segregação dos fatores (genes), que se dá pela meiose. 
B) Enzimas são proteínas que catalisam reações biológicas. 
Conhecer o mecanismo pelo qual uma enzima aumenta 
a velocidade de uma reação química não ajudaria a 
compreender a segregação dos fatores proposta por 
Mendel.
C) O elo entre os genes e as proteínas só foi estabelecido no 
século XX, pela hipótese de “um gene – uma proteína”. 
Porém, o entendimento dessa relação não facilitaria a 
compreensão da segregação dos fatores propostos por 
Mendel.
E) A interação gênica consiste no fenômeno em que dois ou 
mais pares de genes interagem para determinar uma única 
característica. O conhecimento sobre esse fenômeno não 
esclareceria os resultados obtidos por Mendel em relação 
à segregação dos genes. 
QUESTÃO 122 
Uma criança observa um ventilador em que as pás giram 
lentamente com velocidade angular de 4π rad/s. Em seguida, 
a criança tenta piscar os olhos de forma que ela veja uma 
determinada pá sempre na mesma posição, provocando a 
impressão de que as pás não estão girando. Considere piscar 
o movimento de abrir e fechar os olhos.
Para conseguir o efeito descrito, a criança deverá piscar os 
olhos com uma frequência de
A. 	 0,5 Hz.
B. 	 1,5 Hz.
C. 	 2,5 Hz.
D. 	 4,0 Hz.
E. 	 6,0 Hz.
7C8R
Alternativa A
Resolução: Através da velocidade de giro das pás podemos 
determinar o período do seu movimento. Ou seja, a cada 
quanto tempo as pás estarão na posição original. 
ω
θ θ
ω
π
π
=
∆
∆
⇒ ∆ =
∆
∆ = =
t
t
t s2
4
0 5,
Como desejamos saber a frequência com que a criança 
deverá piscar os olhos, e como sabemos que ela poderá ver 
as pás na mesma posição a cada qualquer múltiplo inteiro de 
0,5 s, teremos que as frequências possíveis serão
f
t
f Hz uma volta completa
f Hz duas voltas com
=
∆
= =
= =
1
1
0 5
2 0
1
1
1 0
,
, ,
, , ppletas
f Hz quatro voltas completas
.
.
.
, ,= =1
2
0 5
QUESTÃO 123 
Clonagem de DNA é o processo de fazer várias cópias 
idênticas de um pedaço específico de DNA. Num procedimento 
típico de clonagem de DNA, o gene ou outro fragmento de DNA 
de interesse (talvez um gene para uma proteína humana de 
interesse médico) é primeiramente inserido numa peça circular 
de DNA chamada plasmídeo. A inserção é feita utilizando-se 
enzimas que “cortam e colam” DNA.
Disponível em: <https://pt.khanacademy.org>. 
Acesso em: 23 maio 2017. [Fragmento]
Além de possibilitar estudos sobre proteínas de interesse 
médico, a técnica descrita no texto permite o(a)
A. 	 exclusão de um trecho de DNA.
B. 	 alteração do genoma da espécie.
C. 	 criação de organismos transgênicos.
D. 	 segregação de um segmento de RNA.
E. 	 fabricação de proteínas desconhecidas.
Alternativa C
Resolução: A técnica de clonagem de genes possibilita a 
confecção de milhares de cópias idênticas de um trecho 
de material genético (DNA ou RNA). Essa técnica permite 
submeter-se o gene de interesse a inúmeras análises. 
Antes de se iniciar o processo de clonagem, é necessário 
identificar e isolar o trecho de interesse. Em um experimento 
típico de clonagem, o gene que se deseja clonar é 
inserido em um plasmídeo e o plasmídeo recombinante é 
introduzido em bactérias. À medida que essas bactérias se 
reproduzem, elas replicam o plasmídeo e o transmitem para 
suas descendentes, o que gera inúmeras cópias do gene 
desejado. Ao mesmo tempo, essa transferência do gene 
de interesse de uma espécie para um organismo de outra 
espécie possibilita a criação de um organismo transgênico. 
UVVU
CNAT – PROVA II – PÁGINA 18 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
As incorreções das demais alternativas podem ser assim 
justificadas:
A) A técnica permite a multiplicação de um trecho de DNA, 
e não sua exclusão. 
B) A técnica não altera o genoma da espécie. Ela altera o 
conjunto genômico de um indivíduo (a bactéria) apenas 
para multiplicar os genes de interesse.
D) A técnica não é capaz de separar segmentos de RNA.
E) Para que a clonagem do gene seja possível, é preciso 
que a proteína seja conhecida.
QUESTÃO 124 
Muita gente trata vírus e bactérias como sinônimos. 
Em muitos casos, os dois até causam as mesmas doenças, 
como pneumonia e meningite. Mas não. Um é tão diferente do 
outro quanto um ser humano de um programa de computador. 
As bactérias podem até ser extremamente simples, mas elasrespiram, comem e se locomovem. Basta haver nutrientes 
por perto que elas vivem e se reproduzem à vontade. 
São donas do próprio nariz. Os vírus não.
Disponível em: <http://super.abril.com.br/ciencia/donos-do-mundo/>. 
Acesso em: 07 fev. 2017 (Adaptação).
O comportamento das bactérias apresentado no texto se dá 
porque elas apresentam
A. 	funcionamento dependente das organelas com 
membranas.
B. 	potencial patogênico presente no DNA extra 
cromossômico.
C. 	núcleo delimitado por uma membrana nucleoplasmática.
D. 	material genético único organizado de maneira circular.
E. 	metabolismo próprio relacionado à organização celular.
Alternativa E
Resolução: Vírus e bactérias são seres patogênicos, 
microscópicos e mais simples que as células eucariotas. 
Os vírus, inclusive, não possuem organização celular. 
Apesar de compartilharem alguns aspectos similares, 
são microrganismos bastante diferentes estruturalmente. 
Ao contrário dos vírus, as bactérias têm metabolismo próprio 
e organização celular, apresentando organelas e estruturas 
que as tornam “donas do próprio nariz”, conforme afirma o 
texto-base. Logo, a alternativa correta é a E. 
As incorreções das demais alternativas podem ser 
justificadas das seguintes formas:
A) As bactérias não possuem organelas membranosas.
B) Há plasmídeos que conferem patogenicidade à bactéria, 
entretanto, isso não explica sua independência metabólica 
quando comparada ao vírus. 
C) As bactérias não possuem núcleo delimitado, pois são 
procariontes.
D) A disposição do material genético bacteriano não é a 
causa da sua independência metabólica.
9AV9
QUESTÃO 125 
O berílio é o metal alcalinoterroso estável mais tóxico, 
pois, ao ser aspirado na forma de seus sais, pode provocar 
febre, inflamação nos pulmões, falta de ar e causar uma 
grave doença, denominada granulomatose pulmonar 
crônica, que não tem cura. Os garimpeiros e lapidadores de 
água-marinha, berilo e esmeralda são os que apresentam 
maiores riscos de desenvolver essa doença, assim como 
os trabalhadores de indústrias que utilizam ligas de berílio. 
Uma maneira de diferenciar seus perigosos sais de outros 
contendo metais alcalinoterrosos é por meio de suas 
temperaturas de fusão e ebulição. O cloreto de berílio, por 
exemplo, funde a 440 °C e entra em ebulição a 520 °C. Já o 
cloreto de magnésio possui temperaturas de fusão e ebulição 
iguais a, respectivamente, 714 °C e 1 412 °C. 
PEREIRA, Renata A. Cunha. Desenvolvimento de processo para 
obtenção de cloreto de berílio a partir do berilo mineral. 
Disponível em: <http://www.repositorio.ufop.br/>. 
Acesso em: 17 mar. 2018 (Adaptação).
As propriedades físicas dos sais mencionados no texto 
permitem diferenciar o cloreto de berílio do cloreto de 
magnésio pelo fato de o berílio
A. 	 ser muito duro, porém pouco tenaz.
B. 	 formar ligações iônicas muito fortes com halogênios.
C. 	 possuir um raio iônico significativamente maior que seu 
raio atômico.
D. 	 comportar-se como um não metal e formar ligações 
covalentes com o cloro.
E. 	 apresentar um mar de elétrons livres ao redor dos seus 
cátions temporários.
Alternativa D
Resolução: Os metais alcalinoterrosos se ligam com os 
ametais, principalmente por meio de ligações iônicas. 
No entanto, o berílio, quando comparado com o magnésio 
e os demais metais desse grupo, é uma exceção, visto 
que apresenta eletronegatividade relativamente alta e um 
raio atômico extremamente pequeno. Dessa forma, ele se 
comporta como um ametal e é capaz de formar ligações 
covalentes com o cloro, o que torna a alternativa D correta.
QUESTÃO 126 
Quando dois genes estão no mesmo cromossomo, mas 
muito distantes entre si, eles se segregam independentemente 
devido ao crossing-over (recombinação homóloga). Esse é 
um processo que acontece bem no início da meiose, no qual 
cromossomos homólogos aleatoriamente trocam fragmentos 
equivalentes. Crossing-over pode colocar novos alelos juntos 
em combinação no mesmo cromossomo, levando-os para 
o mesmo gameta. 
Disponível em: <https://pt.khanacademy.org/science/biology/classical-
genetics/chromosomal-basis-of-genetics/a/linkage-mapping>. 
Acesso em: 21 fev. 2018.
VSJC
OXP6
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 19BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Considerando o fenômeno genético descrito, suponha que 
uma pesquisadora decidiu mapear os genes humanos A e B, 
ambos localizados no cromossomo 3. Com o intuito de 
mensurar a distância entre esses genes, ela deve analisar a 
frequência dos gametas produzidos por um indivíduo:
A. 	 AABB
B. 	 aabb
C. 	 AABb
D. 	 AaBB
E. 	 AaBb
Alternativa E
Resolução: Segundo o texto-base, genes que se encontram 
em um mesmo cromossomo e distantes entre si, segregam-se, 
independentemente, por meio do crossing-over. Esse fenômeno 
gera novas combinações gênicas nos gametas formados a 
partir da troca de fragmentos equivalentes entre cromossomos 
homólogos. 
Sabe-se que tal fenômeno ocorre de forma relativamente 
aleatória, sendo que genes muito próximos possuem uma 
chance reduzida de recombinação se comparados àqueles 
que se encontram distantes um do outro. Por esse motivo, 
diz-se que a taxa de frequência de recombinação em 
gametas pode ser usada para mensurar a distância entre 
genes localizados no mesmo cromossomo. 
Sabendo disso, para calcular a distância entre os genes 
A e B, localizados no mesmo cromossomo humano, 
a pesquisadora deve analisar a frequência de gametas 
recombinantes formados por um indivíduo. Contudo, a taxa 
de recombinação nos gametas só pode ser estudada a partir 
dos alelos de um indivíduo duplamente heterozigoto, pois, 
assim a frequência do crossing-over pode ser estimada. 
Caso o indivíduo seja homozigoto para ao menos um dos 
genes, ainda que ocorra a permuta, os gametas formados 
podem apresentar as mesmas combinações que o indivíduo 
parental, o que teoricamente impediria o reconhecimento de 
todas as recombinações, e, consequentemente, inviabilizaria 
o cálculo da distância relativa entre os genes mencionados. 
As incorreções das demais alternativas podem ser 
justificadas das seguintes formas:
A) No indivíduo duplamente homozigoto dominante, ainda 
que haja crossing-over, a taxa de recombinação não 
pode ser calculada, pois todos os alelos são dominantes 
e os gametas possuem a mesma combinação genética 
parental. Sem a taxa de recombinação não é possível 
medir a distância entre os genes. 
B) Assim como na alternativa anterior, se todos os alelos do 
indivíduo são recessivos, não é possível detectar a taxa 
de recombinação entre eles, o que impede o cálculo da 
distância entre os genes. 
C) Se o crossing-over ocorrer na porção dos cromossomos 
onde se encontra o gene A, a taxa de recombinação não 
pode ser medida, pois ambos os alelos são dominantes.
D) Caso o crossing-over ocorra na porção dos cromossomos 
onde se localiza o gene B, não será possível medir a taxa 
de recombinação, pois ambos os alelos são dominantes.
QUESTÃO 127 
Desde 2015, pesquisadores da Unicamp, SP, vêm 
desenvolvendo e obtendo silício “solar” com tecnologia 
totalmente nacional. Esse elemento é essencial para a 
fabricação de células solares e o Brasil, apesar de possuir 
tecnologia para a fabricação dessas células, ainda tem que 
importar silício purificado, o que encarece o custo dos painéis 
solares. O silício comercial é obtido a partir do quartzo de 
alta pureza, pela reação química de redução do dióxido de 
silício (SiO2) com eletrodos de carbono, em forno de arco 
elétrico, conforme a equação a seguir:
SiO2(s) + 2C(s) → Si() + 2CO(g) 
Uma das maiores dificuldades nesse processo é a 
grande quantidade de energia elétrica necessária para 
aquecer os fornos elétricos, já que, para produzir silício de 
pureza elevada (99,5%), as temperaturas fornecidas devem 
ser superiores a 1 900 °C. 
CARVALHO, Pedro. A rota metalúrgica de produção de silício grau 
solar: uma oportunidade para a indústria brasileira? 
Disponível em: <http://www.bndes.gov.br/bibliotecadigital/>. 
Acessoem: 19 mar. 2018 (Adaptação).
A grande quantidade de energia elétrica despendida durante 
o processo de obtenção do silício se deve em função do 
rompimento de 
A. 	 ligações metálicas entre o silício.
B. 	 ligações iônicas entre o silício e o oxigênio.
C. 	 forças de dispersão entre as moléculas de carbono.
D. 	 ligações covalentes entre o silício e o oxigênio e entre 
os átomos de carbono.
E. 	 interações do tipo dipolo permanente entre as 
moléculas de dióxido de silício.
Alternativa D
Resolução: O processo de obtenção do silício envolve o 
rompimento de ligações covalentes nos reagentes (Si–O 
e C–C) para que, em seguida, haja rearranjo atômico e 
formação de novas ligações (Si–Si e C–O) que dão origem 
aos produtos. As ligações Si–O e C–C apresentam energias 
de ligação muito altas e, por isso, é necessário que se atinja, 
no forno, temperaturas elevadas (próximo de 1 900 ºC) 
para que o processo ocorra.
QUESTÃO 128 
Em toca discos, a geração mecânica do som é feita 
por um sistema que requer alinhamento cuidadoso de seus 
componentes. Em um dos tipos desse sistema, uma correia 
de borracha abraça o eixo de uma roda, cujo diâmetro é igual 
ao do eixo do motor, e dois tambores auxiliares fazendo com 
que o prato gire no sentido horário de forma constante, como 
mostra a figura a seguir. Considere que nas especificações 
do toca disco seja recomendado que o prato funcione a uma 
frequência de 32 rpm.
AFC9
PUCP
CNAT – PROVA II – PÁGINA 20 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Prato
10 d
Tambor
Correia
Motor
Roda
Tambor
2 dd
ω
2 d
Para que o aparelho funcione de acordo com as especificações, a frequência de rotação do motor deve ser de
A. 	 160 rpm e girando no sentido horário.
B. 	 310 rpm e girando no sentido horário.
C. 	 320 rpm e girando no sentido anti-horário.
D. 	 620 rpm e girando no sentido anti-horário.
E. 	 640 rpm e girando no sentido horário.
Alternativa E
Resolução: Pela figura, é possível perceber que o prato, os tambores e o eixo da roda estão usando da mesma correia, 
ou seja, terão a mesma velocidade linear. Portanto
v v v
r f r f
f
r
r
f d
d
f
f f I
p T er
p p er er
er
p
er
p p
er p
= =
=
= =
= ( )
2 2
5
1
2
10
π π
Ainda pela figura, é possível perceber também, que o eixo do motor gira em contato com a roda. Considerando que não há 
deslizamento entre eles, as velocidades lineares também serão iguais.
v v
r f r f
f r
r
d
d
f
f f II
em r
em em r r
em
r
em
r
em r
=
=
= =
= ( )
2 2
1
2
2
π π
Como a frequência de rotação da roda é igual à frequência de rotação de seu eixo, fr = fer, podemos usar de I em II, chegando a
f f f
f rpm
em p p
em
= =
= =
2 10 20
20 32 640
.
.
Como o prato gira no sentido horário, os sentidos de movimentos da correia, dos tambores, da roda e de seu eixo serão 
anti-horários. Por estar em contato com a roda, o eixo do motor irá girar no sentido horário.
ENEM – VOL. 5 – 2018 CNAT – PROVA II – PÁGINA 21BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
QUESTÃO 129 
Nó sinusal é um grupo de células capazes de gerar uma corrente elétrica momentânea. Essa corrente se espalha pelos 
átrios e em seguida pelo nó atrioventricular (AV), que é responsável por atrasar o impulso por uma fração de segundos antes 
de transmiti-lo aos ventrículos. A taquicardia atrial é um tipo de arritmia cardíaca, causada pela desregulação do impulso 
elétrico. Uma das possíveis causas da taquicardia é o excesso de fibras musculares conectando as câmaras superior e 
inferior do coração. 
Câmara superior Câmara inferior
V Nó
AV
N
ó 
si
nu
sa
l
Átrios Ventrículos
Fibras
em excesso
Fibras
em excesso









 Disponível em: <http://www.hopkinsmedicine.org>. Acesso em: 14 jun. 2017. [Fragmento Adaptado] 
O excesso de malhas, fibras musculares, pode fazer com que ocorra um(a)
A. 	 curto-circuito entre as câmaras superior e inferior.
B. 	 passagem de corrente elétrica pelo nó atrioventricular.
C. 	 diferença de potencial entre as câmaras superior e inferior. 
D. 	 atraso da transmissão do impulso entre as câmaras superior e inferior.
E. 	 aumento da resistência a passagem do impulso pelo nó atrioventricular.
Alternativa A
Resolução: O excesso de malhas, fibras musculares, pode dar origem a uma conexão entre as câmaras, de tal forma 
que não haja diferença de potencial entre elas. Sem diferença de potencial não há movimento espontâneo de cargas, 
ou seja, não há corrente elétrica, impulso para os ventrículos contraírem. Esse tipo de situação, no contexto de circuitos 
elétricos, recebe o nome de curto-circuito.
QUESTÃO 130 
Metal pesado é um conceito muito usado em nosso dia a dia, que é associado a uma substância tóxica, geralmente 
proveniente do descarte inadequado de um rejeito no meio ambiente. Ao longo das últimas décadas, diversos pesquisadores 
e autores reportaram definições para metal pesado. Em relação às propriedades químicas, as principais definições estão 
relacionadas a elevados valores de massa específica, massa atômica e número atômico. No entanto, alguns autores incluem 
nessa classificação apenas os metais de transição que apresentam essas características.
Disponível em: <http://qnesc.sbq.org.br/online/qnesc33_4/199-CCD-7510.pdf>. Acesso em: 13 mar. 2018 (Adaptação).
Considere o fragmento a seguir que representa a tabela periódica:
I
II
III
IV
V
Segundo o texto, o elemento representado na tabela que se enquadra nessa definição é o
A. 	 I.
B. 	 II.
C. 	 III.
D. 	 IV.
E. 	 V.
CDØR
4H6M
CNAT – PROVA II – PÁGINA 22 ENEM – VOL. 5 – 2018 BERNOULLI S ISTEMA DE ENSINO
Alternativa D
Resolução: Na tabela, I representa o frâncio, metal 
alcalino terroso; e V representa o tenessino, família dos 
halogênios, o que nos permite concluir que, segundo a 
definição apresentada no texto, não são metais pesados. 
Já os elementos II (nióbio), III (níquel) e IV (mercúrio) são 
metais de transição externa, ou seja, apresentam o elétron 
diferencial em um subnível d do penúltimo nível de energia e 
são representados na tabela periódica pelo bloco B (grupos 
3 ao 12). No entanto, segundo o texto-base, metais pesados, 
além de serem classificados como de transição, também 
devem apresentar valores elevados de número atômico, 
massa atômica e massa específica, propriedade periódica 
que, em um grupo, aumenta de cima para baixo e, em um 
período, aumenta das extremidades para o centro. Logo, 
o mercúrio (IV) é um metal pesado e a alternativa correta é a D. 
QUESTÃO 131 
O protozoário Toxoplasma gondii, ao adentrar o 
organismo de um rato, causa uma mudança permanente 
em seu cérebro, tornando-o praticamente um “zumbi” sem 
controle de todos os seus atos e sem receio de gatos. 
A mudança no rato, por sua vez, atrai o gato, que ao ingerir 
sua carne acaba também infectado pelo parasito, que tem 
como habitat natural o intestino do felino.
PARASITA torna rato “zumbi” sem medo de gato permanentemente, 
mostra estudo. Disponível em: <https://noticias.uol.com.br/>. 
Acesso em: 12 jan. 2018 (Adaptação). 
A mudança comportamental provocada pelo Toxoplasma 
gondii em ratos é estrategicamente interessante para o 
protozoário, pois o gato
A. 	 hospeda o protozoário que realiza em seu intestino a 
reprodução sexuada.
B. 	 transmite essa protozoose para os seres humanos 
pelas fezes contaminadas.
C. 	 comporta-se como hospedeiro intermediário do 
parasita nesse ciclo evolutivo.
D. 	 libera nas fezes os oocistos do parasita que podem 
eclodir no solo ou na água.
E. 	 ingere a carne do rato e passa a ter um comportamento 
que favorece o parasito.
Alternativa A
Resolução: O texto-base revela que a mudança de 
comportamento provocada pelo Toxoplasma gondii nos 
ratos facilita a predação destes por gatos, o que consiste 
em uma importante via de infecção do felino. A infecção do 
gato é fundamental para o ciclo do protozoário, pois ele é 
considerado seu hospedeiro definitivo, visto que é somente 
no interior das células epiteliais de seu intestino que o 
parasito é capaz