(a) ®d = ®a + ®b = (2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂) = 3î+5ĵ+4k̂ (b) ®d = ®a - ®b = (2î+3ĵ+5k̂) - (î+2ĵ−1k̂) = î+ĵ+6k̂ (c) ®d = ®b - ®a = (î+2ĵ−1k̂) - (2î+3ĵ+5k̂) = -î-ĵ-6k̂ (d) ®d = 2®a = 2(2î+3ĵ+5k̂) = 4î+6ĵ+10k̂ (e) ®d = 2(®a+ ®b) = 2[(2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂)] = 2(3î+5ĵ+4k̂) = 6î+10ĵ+8k̂ (f) ®d = −3(®a+ ®b) = -3[(2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂)] = -3(3î+5ĵ+4k̂) = -9î-15ĵ-12k̂ (g) ®d = 1/2 (®a+ ®b) = 1/2 [(2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂)] = 1/2 (3î+5ĵ+4k̂) = 1.5î+2.5ĵ+2k̂ (h) ®d = −0,5(®a+ ®b) = -0,5[(2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂)] = -0,5(3î+5ĵ+4k̂) = -1.5î-2.5ĵ-2k̂ (i) ®d = (®a+ ®b) +®c = (2î+3ĵ+5k̂) + (î+2ĵ−1k̂) + 4k̂ = 3î+5ĵ+8k̂ (j) ®d = ®a+ (®b+®c) = (2î+3ĵ+5k̂) + [(î+2ĵ−1k̂) + 4k̂] = 3î+5ĵ+8k̂ (k) ®d = ???? = |®a| = √(2²+3²+5²) = √38 (l) ®d = ???? = |2®a| = 2|®a| = 2√(2²+3²+5²) = 2√38 2. O vetor deslocamento ®r pode ser decomposto em suas componentes x̂ e ŷ da seguinte forma: ®r = 15 cos(30°) î + 15 sin(30°) ĵ Portanto, o módulo da componente x̂ é 15 cos(30°) = 12,99 m e o módulo da componente ŷ é 15 sin(30°) = 7,5 m. 3. O módulo de ®a é dado por: |®a| = √(3² + (√3)²) = √12 O ângulo entre o vetor ®a e o semieixo x positivo é dado por: θ = arctan(√3/3) = 30° 4. Sabemos que: ®r = ®a + ®b Portanto, o módulo de ®r ao quadrado é dado por: |®r|² = |®a + ®b|² |®r|² = (®a + ®b)·(®a + ®b) |®r|² = ®a·®a + 2®a·®b + ®b·®b |®r|² = |®a|² + 2®a·®b + |®b|² |®r|² = |®a|² + |®b|² + 2|®a||®b|cosθ Portanto, o módulo de ®r é dado por: |®r| = √(|®a|² + |®b|² + 2|®a||®b|cosθ) 5. (a) O módulo do deslocamento da bola após o primeiro chute é dado por: |®r| = √(3² + (-4)²) = 5 m (b) O ângulo formado entre o vetor ®r e o eixo +x̂ é dado por: θ = arctan(-4/3) = -53,13° 6. (a) ®a · ®b = (2î+3ĵ+5k̂)·(î+2ĵ−1k̂) = 2+6-5 = 3 (b) ®b · ®a = (î+2ĵ−1k̂)·(2î+3ĵ+5k̂) = 2+6-5 = 3 (c) ®a · ®a = (2î+3ĵ+5k̂)·(2î+3ĵ+5k̂) = 4+9+25 = 38 (d) ®a · ®c = (2î+3ĵ+5k̂)·(4k̂) = 20 (e) ®a × ®b = (2î+3ĵ+5k̂)×(î+2ĵ−1k̂) = (-1) î + 11k̂ - 1 ĵ (f) ®b × ®a = (î+2ĵ−1k̂)×(2î+3ĵ+5k̂) = -11k̂ + 1 ĵ + î (g) ®a × ®a = 0 (h) ®c × ®b = (4k̂)×(î+2ĵ−1k̂) = -4ĵ - î (i) ®c · (®a× ®b) = (4k̂)·(-1 î + 11k̂ - 1 ĵ) = -4 (j) ®b · (®c× ®a) = (î+2ĵ−1k̂)·(-11k̂ - 1 ĵ) = -11 (k) ®a · (®b×®c) = (2î+3ĵ+5k̂)·(-16î+8ĵ-5k̂) = -46 (l) 3®c · (2®a×-1®b) = 3(4k̂)·(2(-1) î + 11k̂ - 1 ĵ) = -132k̂ 7. Sabemos que: ®a · ®b = |®a| |®b| cos(θb - θa) Portanto, temos que: cos(θb - θa) = ®a · ®b / (|®a| |®b|) E também sabemos que: |\θb - θa| = arccos(cos(θb - θa)) Portanto, temos que: |\θb - θa| = arccos(®a · ®b / (|®a| |®b|)) 8. Sabemos que: W = ®F · ®r = |®F| |®r| cosθ Portanto, temos que: cosθ = W / (|®F| |®r|) E também sabemos que: cosθ = cos\ / (|®F| / |®r|) Portanto, temos que: \ = arccos((W / (|®F| |®r|)) / (|®F| / |®r|))) 9. Sabemos que: ®c = ®a × ®b Portanto, temos que: ®c · ®a = (®a × ®b) · ®a = 0 E também temos que: ®c · ®b = (®a × ®b) · ®b = 0 10. Sabemos que: ®c = ®a × ®b Portanto, temos que: |®c| = |®a| |®b| sinθ E também sabemos que: cosθ = (®a × ®b) · ®c / (|®a| |®b| |®c|) Portanto, temos que: cosθ = (3(-4) - (-10)?) / (√(3²+(-4)²+0²) √(10²+0²+3²)) θ = arccos(cosθ) 11. Sabemos que: |®a × ®b| = |®a| |®b| sinθ Portanto, temos que: |®a × ®b| = área do paralelogramo formado por ®a e ®b 12. Sabemos que: ®F = q®v × ®B Portanto, temos que: |®F| = q|®v| |®B| sinθ E também sabemos que: cosθ = (®v × ®B) · ®F / (|®v| |®B| |®F|) Portanto, temos que: cosθ = (2(-12) - 4(-18)) / (√(2²+4²+6²) √(4²+(-18)²+12²)) θ = arccos(cosθ) As componentes do vetor campo magnético são dadas por: Bx = 2/√2 = √2 By = -9/√2 Bz = 6/√2
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