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Questão 11 – Circuito 1: Passo 1: Analisando inicialmente com a chave aberta: IA: Malha passando por C4, R5, V7 e R6, sentido horário. IB: Malha passando por V7 e L8, sentido horário. Inicialmente, capacitor C4 está descarregado e não há corrente passando pelo indutor L8. Equações de malha e relação entre IA e IB: { 𝐼𝐴 ( 1 7𝑠 + 3 + 6) + 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐵(5𝑠) − 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐵 − 𝐼𝐴 = 4 𝑠 [ 9 + 1 7𝑠 0 1 0 5𝑠 −1 −1 1 0 ] [ 𝐼𝐴 𝐼𝐵 𝑉𝐹𝐶] = [ 0 0 4 𝑠] Resolvendo o sistema, obtêm-se: 𝐼𝐴(𝑠) = 0,036 𝑠 + 0,016 + −4,036 𝑠 + 1,784 𝐼𝐵(𝑠) = 4 𝑠 + 0,036 𝑠 + 0,016 + −4,036 𝑠 + 1,784 𝑉𝐹𝐶(𝑠) = −0,003 𝑠 + 0,016 + 36,003 𝑠 + 1,784 Encontrando a tensão no capacitor C4: 𝑉𝐶4(𝑠) = 1 7𝑠 𝐼𝐴 + 𝑣𝐶4(0) 𝑠 𝑉𝐶4(𝑠) = −0,323 𝑠 + 0,016 + 0,323 𝑠 + 1,784 Fazendo a transformada inversa de Laplace: 𝑖𝐴(𝑡) = (0,036 ∙ 𝑒 −0,016𝑡 − 4,036 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐵(𝑡) = (4 + 0,036 ∙ 𝑒 −0,016𝑡 − 4,036 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) 𝑣𝐶4(𝑡) = (−0,323 ∙ 𝑒 −0,016𝑡 + 0,323 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) A corrente a ser analisada é 𝑖𝑥 = 𝑖𝐴. Para 𝑡 = 0−: 𝑖𝑥(0 −) = 𝑖𝐴(0 −) = 0 Para 𝑡 = 0+: 𝑖𝑥(0 +) = 𝑖𝐴(0 +) = −4 A Para 𝑡 = ∞: 𝑖𝑥(∞) = 𝑖𝐴(∞) = 0 Obtendo os estados iniciais do capacitor e indutor para o próximo passo: 𝑖𝑖𝑛𝑑(∞) = 𝑖𝐵(∞) = 4 A 𝑣𝑐𝑎𝑝(∞) = 𝑣𝐶4(∞) = 0 Passo 2: Analisando o circuito com a chave ligada em “a”: IA: Malha passando por V1, R2 e C4, sentido horário. IB: Malha passando por C4, R5, V7 e R6, sentido horário. IC: Malha passando por V7 e L8, sentido horário. Inicialmente, capacitor C4 está descarregado e há uma corrente de 4 A passando pelo indutor L8. Equações de malha e relação entre IB e Ic: { 𝐼𝐴 (2 + 1 7𝑠 ) − 𝐼𝐵 ( 1 7𝑠 ) − 28 𝑠 = 0 𝐼𝐵 (6 + 1 7𝑠 + 3) − 𝐼𝐴 ( 1 7𝑠 ) + 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶(5𝑠) − 5(4) − 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶 − 𝐼𝐵 = 4 𝑠 [ 2 + 1 7𝑠 − 1 7𝑠 0 0 − 1 7𝑠 9 + 1 7𝑠 0 1 0 0 5𝑠 −1 0 −1 1 0 ] [ 𝐼𝐴 𝐼𝐵 𝐼𝐶 𝑉𝐹𝐶] = [ 28 𝑠 0 20 4 𝑠 ] Resolvendo o sistema, obtêm-se: 𝐼𝐴(𝑠) = 2,545 𝑠 + 11,460 𝑠 + 0,088 + −0,006 𝑠 + 1,783 𝐼𝐵(𝑠) = 2,545 𝑠 + −2,678 𝑠 + 0,088 + 0,132 𝑠 + 1,783 𝐼𝐶(𝑠) = 6,545 𝑠 + −2,678 𝑠 + 0,088 + 0,132 𝑠 + 1,783 𝑉𝐹𝐶(𝑠) = 1,180 𝑠 + 0,088 + −1,180 𝑠 + 1,783 Encontrando a tensão no capacitor C4: 𝑉𝐶4(𝑠) = 1 7𝑠 (𝐼𝐴 − 𝐼𝐵) + 𝑣𝐶4(0) 𝑠 𝑉𝐶4(𝑠) = 22,909 𝑠 + −22,920 𝑠 + 0,088 + 0,011 𝑠 + 1,783 Fazendo a transformada inversa de Laplace: 𝑖𝐴(𝑡) = (2,545 + 11,460 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 − 0,006 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐵(𝑡) = (2,545 − 2,678 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,132 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐶(𝑡) = (6,545 − 2,678 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,132 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) 𝑣𝐶4(𝑡) = (22,909 − 22,920 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,011 ∙ 𝑒−1,784𝑡)𝑢(𝑡) A corrente a ser analisada é 𝑖𝑥 = 𝑖𝐵. Para 𝑡 = 0−: 𝑖𝑥(0 −) = 𝑖𝐵(0 −) = 0 Para 𝑡 = 0+: 𝑖𝑥(0 +) = 𝑖𝐵(0 +) = 0 Para 𝑡 = ∞: 𝑖𝑥(∞) = 𝑖𝐵(∞) = 2,545 A Obtendo os estados iniciais do capacitor e indutor para o próximo passo: 𝑖𝑖𝑛𝑑(∞) = 𝑖𝐶(∞) = 6,545 A 𝑣𝑐𝑎𝑝(∞) = 𝑣𝐶4(∞) = 22,909 V Passo 3: Analisando o circuito com a chave ligada em “b”: IA: Malha passando por V3, R9 e C4, sentido horário. IB: Malha passando por C4, R5, V7 e R6, sentido horário. IC: Malha passando por V7 e L8, sentido horário. Inicialmente, há uma voltagem de 22,909 V nos terminais do capacitor C4 e há uma corrente de 6,545 A passando pelo indutor L8. Equações de malha e relação entre IB e IC: { 𝐼𝐴 (1 + 1 7𝑠 ) + 22,909 𝑠 − 𝐼𝐵 ( 1 7𝑠 ) − 14 𝑠 = 0 𝐼𝐵 (6 + 1 7𝑠 + 3) − 22,909 𝑠 − 𝐼𝐴 ( 1 7𝑠 ) + 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶(5𝑠) − 5(6,545) − 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶 − 𝐼𝐵 = 4 𝑠 [ 1 + 1 7𝑠 − 1 7𝑠 0 0 − 1 7𝑠 9 + 1 7𝑠 0 1 0 0 5𝑠 −1 0 −1 1 0 ] [ 𝐼𝐴 𝐼𝐵 𝐼𝐶 𝑉𝐹𝐶] = [ −8,909 𝑠 22,909 𝑠 32,727 4 𝑠 ] Resolvendo o sistema, obtêm-se: 𝐼𝐴(𝑠) = 1,4 𝑠 + −10,319 𝑠 + 0,160 + 0,010 𝑠 + 1,783 𝐼𝐵(𝑠) = 1,4 𝑠 + 1,259 𝑠 + 0,160 + −0,113 𝑠 + 1,783 𝐼𝐶(𝑠) = 5,4 𝑠 + 1,259 𝑠 + 0,160 + −0,113 𝑠 + 1,783 𝑉𝐹𝐶(𝑠) = −1,009 𝑠 + 0,160 + 1,009 𝑠 + 1,783 Encontrando a tensão no capacitor C4: 𝑉𝐶4(𝑠) = 1 7𝑠 (𝐼𝐴 − 𝐼𝐵) + 𝑣𝐶4(0) 𝑠 𝑉𝐶4(𝑠) = 12,6 𝑠 + 10,319 𝑠 + 0,160 + −0,010 𝑠 + 1,783 Fazendo a transformada inversa de Laplace: 𝑖𝐴(𝑡) = (1,4 − 10,319 ∙ 𝑒 −0,160𝑡 + 0,010 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐵(𝑡) = (1,4 + 1,259 ∙ 𝑒 −0,160𝑡 − 0,113 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐶(𝑡) = (5,4 + 1,259 ∙ 𝑒 −0,160𝑡 − 0,113 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑣𝐶4(𝑡) = (12,6 + 10,319 ∙ 𝑒 −0,160𝑡 − 0,010 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) A corrente a ser analisada é 𝑖𝑥 = 𝑖𝐵. Para 𝑡 = 0−: 𝑖𝑥(0 −) = 𝑖𝐵(0 −) = 2,545 A Para 𝑡 = 0+: 𝑖𝑥(0 +) = 𝑖𝐵(0 +) = 2,545 A Para 𝑡 = ∞: 𝑖𝑥(∞) = 𝑖𝐵(∞) = 1,4 A Obtendo os estados iniciais do capacitor e indutor para o próximo passo: 𝑖𝑖𝑛𝑑(∞) = 𝑖𝐶(∞) = 5,4 A 𝑣𝑐𝑎𝑝(∞) = 𝑣𝐶4(∞) = 12,6 V Passo 4: Analisando o circuito com a chave ligada em “a” novamente: IA: Malha passando por V1, R2 e C4, sentido horário. IB: Malha passando por C4, R5, V7 e R6, sentido horário. IC: Malha passando por V7 e L8, sentido horário. Inicialmente, há uma voltagem de 12,6 V nos terminais do capacitor C4 e há uma corrente de 5,4 A passando pelo indutor L8. Equações de malha e relação entre IB e Ic: { 𝐼𝐴 (2 + 1 7𝑠 ) + 12,6 𝑠 − 𝐼𝐵 ( 1 7𝑠 ) − 28 𝑠 = 0 𝐼𝐵 (6 + 1 7𝑠 + 3) − 12,6 𝑠 − 𝐼𝐴 ( 1 7𝑠 ) + 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶(5𝑠) − 5(5,4) − 𝑉𝐹𝐶 = 0 𝐼𝐶 − 𝐼𝐵 = 4 𝑠 [ 2 + 1 7𝑠 − 1 7𝑠 0 0 − 1 7𝑠 9 + 1 7𝑠 0 1 0 0 5𝑠 −1 0 −1 1 0 ] [ 𝐼𝐴 𝐼𝐵 𝐼𝐶 𝑉𝐹𝐶] = [ 15,4 𝑠 12,6 𝑠 27 4 𝑠 ] Resolvendo o sistema, obtêm-se: 𝐼𝐴(𝑠) = 2,545 𝑠 + 5,157 𝑠 + 0,088 + −0,002 𝑠 + 1,783 𝐼𝐵(𝑠) = 2,545 𝑠 + −1,205 𝑠 + 0,088 + 0,060 𝑠 + 1,783 𝐼𝐶(𝑠) = 6,545 𝑠 + −1,205 𝑠 + 0,088 + 0,060 𝑠 + 1,783 𝑉𝐹𝐶(𝑠) = 0,531 𝑠 + 0,088 + −0,531 𝑠 + 1,783 Encontrando a tensão no capacitor C4: 𝑉𝐶4(𝑠) = 1 7𝑠 (𝐼𝐴 − 𝐼𝐵) + 𝑣𝐶4(0) 𝑠 𝑉𝐶4(𝑠) = 22,909 𝑠 + −10,314 𝑠 + 0,088 + 0,005 𝑠 + 1,783 Fazendo a transformada inversa de Laplace: 𝑖𝐴(𝑡) = (2,545 + 5,157 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 − 0,002 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐵(𝑡) = (2,545 − 1,205 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,060 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑖𝐶(𝑡) = (6,545 − 1,205 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,060 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) 𝑉𝐶4(𝑡) = (22,909 − 10,314 ∙ 𝑒 −0,088𝑡 + 0,005 ∙ 𝑒−1,783𝑡)𝑢(𝑡) A corrente a ser analisada é 𝑖𝑥 = 𝑖𝐵. Para 𝑡 = 0−: 𝑖𝑥(0 −) = 𝑖𝐵(0 −) = 1,4 A Para 𝑡 = 0+: 𝑖𝑥(0 +) = 𝑖𝐵(0 +) = 1,4 A Para 𝑡 = ∞: 𝑖𝑥(∞) = 𝑖𝐵(∞) = 2,545 A Obtendo as correntes finais do capacitor e indutor: 𝑖𝑖𝑛𝑑(∞) = 𝑖𝐶(∞) = 6,545 A 𝑣𝑐𝑎𝑝(∞) = 𝑣𝐶4(∞) = 22,909 V
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