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CURSO DE ENGENHARIA ELÉTRICA MATRICULA: 01460882 NOME: CLEISON JUNIOR DA ROCHA MECÂNICA DOS SÓLIDOS Atividade Contextualizada FORTALEZA, CE 2022 MECÂNICA DOS SÓLIDOS Atividade Contextualizada Atividade apresentada para a Disciplina de Mecânica dos sólidos, pelo Curso de Engenharia elétrica da Uninassau, ministrada pelo Prof.ª. André Marques Cavalcanti Filho. Tutor: Milton dos Santos Viana. Fortaleza, Ce 2022 2 1 INTRODUÇÃO A presente atividade tem como objetivo, calcular os esforços entre duas treliças de diferentes dimensões de barras com carga definida de 60kN, determinando assim, o melhor modelo a ser utilizado, baseando-se na situação-problema apresentado no case. 3 SUMARIO Introdução.....................................................................................................2 Solução para o primeiro caso apresentado............................................4,5,6 Solução para o primeiro caso apresentado............................................7,8,9 Conclusão....................................................................................................10 Referências bibliográficas...........................................................................11 4 6 m ᵅ ᵅ 6 m 3m x MA - MA + Solução para o primeiro caso apresentado: Para encontrarmos a solução para o problema apresentado, faz-se necessário alguns cálculos, e para isso, iremos utilizar o método dos nós. Primeiramente devemos encontrar as forças atuantes na treliça, onde a mesma deverá está em equilíbrio com relação ao carregamento da ponte. A carga atuante são de 60kN aplicada nos 4 nós superiores das duas treliças superiores, onde dividindo 60kN pela quantidade de nós 4 obtemos 60/4=15kN de carga em cada nó. Iremos chamar os pontos de apoio de Apoio A e Apoio B Para o momento das forças; sentido horário, sinal NEGATIVO, e para sentido Anti-horário sinal POSITIVO. Para encontrar o comprimento das barras diagonais, utilizaremos Pitágoras. a2=b2+c2 a2=32+62 a=36+9=45 X=√45 X= 6,71 m Será necessário encontrarmos também o ângulo da treliça, para isso iremos aplicar o seguinte cálculo: tga = ������ � ���� ������ �� ������ tga = � � logo, tga = 0,5 �= arctg 0,5 �= 26,57° Arredondando, será �= 27° Devemos então, encontrar o momento das forças em apoio A para sentido horário. � MA = 0; � MA = −15 ∗ 6 − 15 ∗ 8 + ApoioB ∗ 24 = 0; 12 m 3 m E D C B A 2 6 5 4 3 1 7 12 m 12 m 15kN 15kN 15kN 15kN 5 ApoioB= $%&'(% ') ApoioB = 15kN Somatório das forças em Y. � Fy = 0; � Fy = ApoioA − 15 − 15 + 15 = 0; ApoioA=15 + 15 - 15 ApoioA =15 kN Realizando o cálculo do Nó1 Sen27º = ,-�,� Fy3 = sen27º * F3 Fy3 = 0,45 * F3 Cos27º = ,.� ,� Fx3 = Cos27º * F3 Fx3 = 0,89 * F3 ∑ Fy = 0 ApoioA + Fy3 = 0 >> 15 + 0,45 * F3 = 0 F3 = 012%,)2 F3 = - 33,33kN ∑ Fx = 0 F1 + Fx3=0 >> F1 + 0,89 * F3 = 0 F1 + 0,89 * (-33,33) = 0 F1 - 29,66 = 0; F1 = 29,66kN Realizando o cálculo do Nó4 Fy3 = sen27º * F3 Fy3 = -15,13kN Fx3 = Cos27º * F3 Fx3 = -29,7 kN Fy4 = sen27º * F4 Fy4 = 0,45 * F4 Fx4 = Cos27º * F4 Fx4 = 0,89 * F4 ∑ Fy = 0 ; -15 – (-15,13) – 0,45 * F4 = 0; -0,45 * F4 = -0,13; F4 = %,1�%,)2 ; F4 = 0,29kN ∑ Fx = 0 ; -Fx3 + Fx4 + F7 = 0; -(-29,7) + 0,89 * 0,29 + F7 = 0; F7= - 29,96kN - 33,33kN ᵅ Fx F3 A F1 15kN Fy Fx F4 D F7 = -29,96 15kN Fy 6 Como são treliças identicas, podemos repetir os resultados das forças encontradas para 1,3 e 4, para 2,6 e 5 respectivamente. Obtemos o seguinte: F1, F2 = 29,66 F3, F6 = -33,33 F4, F5 = 0,29 F7 = -29,96 Encontrada a maior força em modulo = 33,33kN próximo passo será realizar o somatório das barras; ∑ Barras = (12 + 12 + 12 + 6,71 + 6,71 + 6,71 + 6,71) = 62,84 m ; Agora multiplicando a maior força encontrada pela quantidade de barras, temos: 33,33 * 62,84 = 2.094,46 Para o primeiro problema proposto temos o Valor de 2.094,46 kNm 7 Apresentando a solução para o segundo problema apresentado no Case; a2=b2+c2 a2=32+42 a=16+9=45 X=√25 X= 5 m Os 60kN aplicado dos 6 nós superiores será dividido entre eles 60/6 = 10kN atuando em cada nó superior. Desta vez, iremos chamar os pontos de apoio de ApoioA e ApoioD respectivamente. Mais um vez, encontrando o momento da força em ApoioA; lembrando que para sentido horário sinal negativo, e para sentido anti-horário sinal positivo. ∑<= = 0; ∑<= = −10 ∗ 4 − 10 ∗ 12 − 10 ∗ 20 + ApoioD ∗ 24 = 0; ApoioD = )%&1'%&'%% ') ; ApoioD = 15kN Somatório de forças em Y; ∑?@ = 0; ∑?@ = ApoioA − 10 − 10 − 10 + 15 = 0; ApoioA = 30 – 15; ApoioA = 15kN α α 3 5 6 7 8 9 11 10 1 4m A 2 4 E F G B C D 3 m 10kN 10kN 10kN 15kN 15kN 8m 8m 8m 6m 6m 3 4 x 8 Realizando o cálculo do Nó 1 Para encontrarmos o ângulo da barra 4, faremos: tga = ������ � ���� ������ �� ������ tga = � ) tga= 0,75 α = arctg 0,75 α ≈ 37° sen 37° = ,-) ,) ; Fy4 = sem 37 * F4; Fy4 = 0,60 * F4 Cos 37° = ,.) ,) ; Fx4 = cos 37 * F4; Fy4 = 0,79 * F4 ∑?@ = 0; ApoioA +Fy4 =0; 15+0.60 * F4 = 0; F4 = 012%,�%; F4 = -25 kN ∑?A = 0; F1 + Fx4 = 0; F1 + 0,79 * F4 = 0; F1 + 0,79 * (- 25) = 0; F1 – 19,75 = 0; F1= 19,75 kN Realizando o cálculo do Nó 5 Para encontrarmos o ângulo da barra 5, tga = ������ � ���� ������ �� ������ tga = � �; tga= 1; α = arctg 1; α ≈ 45° Fy4 = sen 45° * F4; Fy4 = - 18,75 kN Fx4 = Cos 45° * F4; Fx4 = - 25 Fy5 = sen 45° * F5; Fy5 = 0,70 * F5 F5 = Cos 45° * F5; Fx5 = 0,70 * F5 ∑?@ = 0; -10 – (-18,75) -0,70 * F5 = 0; -0,70 = - 4,43; F5 = ),)�%,(%; F5 = 6,32 kN 45° Fy Fx F5 F10 10kN F1 Fx F4 ApoioA =15kN Fy - 25kN D 9 ∑?A = 0; - Fx4 +Fx5+ F10 = 0; -(-25) + 0,70 * 6,32 + F10 = 0; F10= - 29,42kN Realizando o cálculo do Nó 2 Para encontrarmos o ângulo da barra 6, faremos: tga = ������ � ���� ������ �� ������ tga = � ) tga= 0,75 α = arctg 0,75 α ≈ 37° Fy5 = sen 45° * F5; Fy5 = - 4,48 kN Fx5 = Cos 45° * F5; Fx5 = - 4,48 kN Fy6 = sen 37° * F6; Fy6 = 0,60 * F6 F6 = Cos 37° * F6; Fx6 = 0,80 * F6 ∑?@ = 0; 4,48 + 0,6 * F6 = 0; 0,6 * F6 = -4,48 F6 = 0),)B%,�% ; F6 = -7,46kN ∑?A = 0; - Fx5 –F1 + FX6 + F2 = 0; -4,48 -19,75 + 0,80 * (-7,46) + F2 = 0; F2 = 30,19kN Replicando os valores encontrados, por se tratar de uma treliça simétrica. As forças 1, 4, 5, 6 e 10 paras forças 3, 9, 8, 7 e 11 respectivamente, temos: F1 = 19,75kN F5 = 6,32kN F9 = -25kN F2 = 30,19kN F6 = -7,46kN F10 = -29,42kN F3 = 19,75kN F7 = -7,46kN F11 = -29,42kN F4 = -25kN F8 = 6,32kN Encontrada a maior força em modulo = 30,19kN próximo passo será realizar o somatório das barras; ∑ Barras = 8 + 8 + 8 + 8 + 8 + 5 + 5 + 5 + 5 + 5 + 5 = 70 m ; Agora multiplicando a maior força encontrada pela quantidade de barras, temos: 30,19 * 70 = 2113,3 Para o segundo problema proposto temos o Valor de 2113,3 kNm F2 37° 45° F6 Fx Fy Fy Fx 6,32kN F1 = 19,75 10 Conclusão: Proposta do secretário: 2.094,46 kNm Proposta do vereador da oposição: 2113,3 kNm Conclui – se que a proposta do então secretário de obras, será a vencedora por apresentar um menor valor de 2.094,46 kNm contra 2113,3kNm do vereador daoposição. 11 Referências Bibliográficas. TRELIÇA método dos nós. [S, l.: s. n], 2016. 1 vídeo (24 min). Publicado pelo canal Rafael Ensina - Engenharia. Disponível em https://www.youtube.com/watch?v=ylKmpemVBRI acesso em 02 mar 2022 12 APRENDA a resolver treliça com método dos nós. [S, l.: s. n], 2020. 1 vídeo (7 min). Publicado pelo canal Simplificando a engenharia Disponível em https://www.youtube.com/watch?v=sIb7sDu6egQ acesso em 06 mar 2022 MASSARU Roberto. Treliça. Página pessoal de Roberto Massaru Watanabe, 2021. Disponível em: http://www.ebanataw.com.br/trelica/trelica.php. Acesso em: 10, Abril, 2022.
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