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Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 1 Módulo 1 Verificando o aprendizado Questão 1 A alternativa B está correta. Comentário: Manufaturar é transformar algo em outro algo que agrega valor social e econômico. Esse produto obtido pelo processo de transformação precisa ter algum valor de mercado atrelado para poder justificar sua produção. Questão 2 A alternativa B está correta. Comentário: A laminação é um processo de fabricação por conformação mecânica que permite obter uma melhor propriedade mecânica do produto fabricado. Os demais processos de fabricação listados não causam nenhuma melhoria nas propriedades mecânicas do produto final. Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 2 Módulo 2 Mão na massa Questão 1 A alternativa A está correta. Justificativa: Temos: 10 H9/e8 → SFB SFB (H) → Ai = 0 Furo 10 H9 → tf = As – Ai = As – 0 = As Pela Tabela 1 da NBR. 6158/1995, temos → IT9 + 10 => tf = 0,036 As = 0,036 𝟏𝟎 𝟎,𝟎𝟎𝟎 +𝟎,𝟎𝟑𝟔 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 3 Eixo 10 e8 → te = as – ai Pela Tabela 1 da NBR. 6158/1995, temos → IT8 + 10 => te = 0,022 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Pela Tabela 2 da NBR 6158/1995, temos → e + 10 => as = – 0,025 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 4 Tabela 2 da NBR 6158/1995 Assim: 0,022 = – 0,025 – ai ai = – 0,047 𝟏𝟎−𝟎,𝟎𝟒𝟕 −𝟎,𝟎𝟐𝟓 Questão 2 A alternativa C está correta. Justificativa: Temos: SEB (h) → as = 0 Eixo 115 h8 => te = as – ai = 0 – ai te = – ai Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT8 + 30 => te = 0,054 ai = - 0,054 115−0,054 0,000 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 5 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Furo 115 F9 => tf = As – Ai Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT9 + 115 => tf = 0,087 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 6 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Pela Tabela 3 da NBR 6158/1995, temos → E + 115 => Ai = +0,036 Tabela 3 da NBR 6158/1995 Assim: 0,087 = As – 0,036 As = + 0,123 115+0,036 +0,123 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 7 Questão 3 A alternativa D está correta. Justificativa: Temos: 63 H7/j6 → SFB SFB (H) → Ai = 0 Furo 63 H7→ tf = As – Ai = As – 0 = As Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT7 + 63 => tf = 0,030 As = 0,030 𝟔𝟑 𝟎,𝟎𝟎𝟎 +𝟎,𝟎𝟑𝟎 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Eixo 63 j6 → te = as – ai Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT6 + 63 => te = 0,019 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 8 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Pela Tabela 2 da NBR 6158/1995, temos → j + 63 => ai = – 0,007 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 9 Tabela 2 da NBR 6158/1995 Assim: 0,019= as –(– 0,007) as = 0,012 𝟔𝟑−𝟎,𝟎𝟎𝟕 +𝟎,𝟎𝟏𝟐 Questão 4 A alternativa A está correta. Justificativa: Temos: 52 H8/n7 → SFB SFB (H) → Ai = 0 Furo 52 H8 → tf = As – Ai = As – 0 = As Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT8 + 10 => tf = 0,046 As = 0,046 𝟓𝟐 𝟎,𝟎𝟎𝟎 +𝟎,𝟎𝟒𝟔 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 10 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Eixo 52 n7 → te = as – ai Pela Tabela 1 da NBR 6158/1995, temos → IT7 + 52 => te = 0,030 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Pela Tabela 2 da NBR 6158/1995, temos → n + 52 => ai = + 0,020 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 11 Tabela 2 da NBR 6158/1995 Assim: 0,030 = as – 0,020 as = + 0,030 𝟓𝟐+𝟎,𝟎𝟐𝟎 +𝟎,𝟎𝟑𝟎 Questão 5 A alternativa A está correta. Assista ao vídeo para conferir a resolução da questão. Questão 6 A alternativa E está correta. Justificativa: Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 12 35 H6/p5→ SFB SFB (H) → Ai = 0 Furo 35 H6→ tf = As – Ai = As – 0 = As Tab. 1 → IT6 + 35 => tf = 0,016 As = 0,046 𝟑𝟓 𝟎,𝟎𝟎𝟎 +𝟎,𝟎𝟏𝟔 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Eixo 35 p5→ te = as – ai Tab. 1 → IT5 + 35 => te = 0,011 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 13 Tabela 1 da NBR 6158/1995 Tab. 2 → P + 35 => ai = + 0,026 Tabela 2 da NBR 6158/1995 0,011 = as – 0,026 as = + 0,047 𝟑𝟓+𝟎,𝟎𝟐𝟔 +𝟎,𝟎𝟒𝟕 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 14 Verificando o aprendizado Questão 1 A alternativa C está correta. Comentário: A tolerância de fabricação do furo é As – Ai = 0,024 – 0,002 = 0,022. A tolerância de fabricação do eixo é as – ai = 0,012 – (–0,008) = 0,020. Pela medida do furo, o afastamento superior (As) é 0,024 e o afastamento inferior (Ai) é 0,002. Pela medida do eixo, o afastamento superior (as) é 0,012 e o afastamento inferior (ai) é – 0,008. As folgas são: F = As – ai = (+0,024) –(–0,008) = 0,032mm f = Ai – as = (+0,002) – (0,012) = – 0,001mm Como F > 0 e f < 0, trata-se de um ajuste incerto. Questão 2 A alternativa C está correta. Comentário: Temos: tf = As – Ai = (+0,054) – (0,000) = 0,054mm te = as – ai = (-0,030) – (–0,050) = 0,080mm TF = tf + te = (0,054) + (0,080) = 0,134mm Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 15 Módulo 3 Verificando o aprendizado Questão 1 A alternativa C está correta. Comentário: O calibrador tampão é um tipo de instrumento utilizado para verificar se a dimensão de um furo, interna ou externa, encontra-se dentro de uma margem de tolerância específica. Questão 2 A alternativa D está correta. Comentário: Para calcular, é preciso procurar na tabela (Calibradores para dimensões externas (em μm)) o diâmetro de 17,400mm e qualidade de trabalho IT7, os valores t = 18 μm; H1/2 = 1,5 μm; y1 = 2 μm; z1 = 2,5 μm. Calculando, temos: 𝑑𝑚í𝑛 = 17,400 − 0,018 = 17,382 𝑑𝑚í𝑛 = 17,400 • Lado “não passa” (LNP): 𝑑𝑚í𝑛 ± 𝐻1 2 = 17,400 ± 0,0015 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 16 • Lado “passa” novo (LPN): 𝑑𝑚á𝑥 − 𝑧1 ± 𝐻1 2 = 17,382 − 0,0025 ± 0,0015 = 17,3795 ± 0,0015 • Lado “passa” usado (LPU): 𝑑𝑚í𝑛 + 𝑦1 = 17,400 + 0,0025 = 17,4025 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 17 Módulo 4 Verificando o aprendizado Questão 1 A alternativa B está correta. Comentário: A média das médias é dada por: �̿� = 9,59 + 9,36 + ⋯ + 9,43 20 = 9,4495 Os limites de controle são calculados por: �̅� = 0,21 + 0,19 + ⋯ + 0,23 20 = 0,2155 Conforme a Tabela para cartas das médias, cartas para desvio-padrão e cartas para range, tem-se que A2 = 0,577, D3 = 0 e D4 = 2,114. Portanto, os limites de controle para a média são: 𝐿𝑆𝐶 = �̿� + 𝐴2 ∙ �̅� = 9,4495 + 0,577 ∙ 0,2155 = 9,574 𝐿𝐶 = �̿� = 9,4495 𝐿𝐼𝐶 = �̿� − 𝐴2 ∙ �̅� = 9,4495 − 0,577 ∙ 0,2155 = 9,325 Introdução à Engenharia de Fabricação Mecânica 18 • Para a amplitude: 𝐿𝑆𝐶 = 𝐷4 ∙ �̅� = 2,144 ∙ 0,2155 = 0,456 𝐿𝐶 = 0,2155 𝐿𝐼𝐶 = 𝐷3 ∙ �̅� = 0 ∙ 0,2155 = 0 Questão 2 A alternativa D está correta. Comentário: Temos: LSE=24,0kg LME=20,0kg LIE=16,0kg LSC=25,5kg LMC=23kg LIC = 20,5kg 𝐶𝑝 = 𝐿𝑆𝐸 − 𝐿𝐼𝐸 𝐿𝑆𝐶 − 𝐿𝐼𝐶 = 24 − 16 25,5 − 20,5 = 8 5 = 1,6 𝐶𝑝𝑘 = min ( 𝐿𝑆𝐸 − 𝜇 3𝜎 , 𝜇 − 𝐿𝐼𝐸 3𝜎 ) 3𝜎 = 𝐿𝑆𝐶 − 𝐿𝑀𝐶 = 25,5 − 23 = 2,5 𝐶𝑝𝑘 = min ( 24 − 23 2,5 ; 23 − 16 2,5 ) 𝐶𝑝𝑘 = min(0,4; 2,8) = 0,4
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