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Cálculo II-Lista Revisão Retas, Planos e Superfíceis Maria José Pacifico Instituto de Matemática - Universidad Federal do Rio de Janeiro Retas e planos Questão 1. Para uma reta C dado por uma equação cartesiana, ache uma parametrização de C, um vetor normal e o ponto mais próximo à origem. Além disso, represente C como gráfico de uma função. a) 3x−5y = 7 b) 3x = 7 c) −2y = 0 d) x =−y Questão 2. Para uma reta C dado por uma parametrização de C, ache uma equação cartesiana defi- nindo C e um vetor normal. a) σ ∶R→R2, t↦ (3,0)− t(5,7) b) σ ∶R→R2, t↦ (3,0)+ t(3,0) Questão 3. Para uma plano P dado por uma parametrização de C, ache uma equação cartesiana definindo C, um vetor normal, e o ponto mais próximo à origem. a) τ ∶R2→R3,(s, t)↦ (3,0,1)− t(5,7,1)+ s(2,4,0) b) σ ∶R2→R3,(s, t)↦ t(1,0,0)+ s(1,0,1) Questão 4. Para uma plano P dado por uma uma equação cartesiana, ache uma parametrização e o ponto mais próximo à origem. a) 2x+ z = 2 b) x− y+ z = 0 c) x = 1 d) ⟨(x, y, z),(2,0,1)⟩ = 3. Funções vetoriais Questão 5. Encontre os os vetores tangencias, os vetores normais principais e a curvatura das curvas σ ∶ [a,b]→R3. a) σ(t) = (cos(t), t,sin(t)), t ∈ [a,b] = [−π,π]. b) σ(t) = (2t, t2, t3/3), 0 ≤ t ≤ 2. c) σ(t) = ( √ 2t, et, e−t), 0 ≤ t ≤ 2. d) σ(t) = (1, t2, t3), 0 ≤ t ≤ 1. e) σ(t) = (1, et cos t, et sin t), 0 ≤ t ≤ 1. Questão 6. Suponha que a posição de uma partícula é dada por σ(t). Determine a velocidade e a aceleração para as trajetórias da questão ??. Questão 7. Um projetil é disparado da origem em direção (1,1,1) com velocidade inicial de 20 m/s. Encontre a altura máxima da trajetória e o ponto onde o projetil toca no plano {v ∈R3 ∶ ⟨v,(1,0,2)⟩ = 0}. Dica. v = ∫ a, r = ∫ v, e F =ma =−mgj. Questão 8. Uma bola rola de uma mesa com velocidade de 2 m/s e a mesa tenha 1 m de altura. Encontre a posição, a velocidade (escalar) e o ângula do impacto no chão. Dica. Parametrização da trajetória no problema ??. Questão 9. Ache uma parametrização (ou seja, as equações paramétricas) σ ∶ I→R2 de 2x2− y2 =−4 e mostre que {(x, y) ∈R2 ∶ 2x2− y2 =−4} = {σ(t) ∶ t ∈ I}. Em quais pontos a curva é tangencial a uma reta vertical? Dica: cosh2 t−sinh2 t = 1. Questão 10. Ache uma parametrização (ou seja, as equações paramétricas) σ ∶ I → R2 de (x2 + y2)2 = x2− y2 e mostre que {(x, y) ∈R2 ∶ (x2+ y2)2 = x2− y2} = {σ(t) ∶ t ∈ I}. Em quais pontos a curva é tangencial a uma reta de inclinação (1,1)? Dica: 1−2sin2 t = cos2t. Questão 11. Ache uma parametrização (ou seja, as equações paramétricas) σ ∶ I → R2 de (x2 + y2 + 3x)(x2+ y2) = 4x3 e mostre que {(x, y) ∈R2 ∶ (x2+ y2+3x)(x2+ y2) = 4x3} = {σ(t) ∶ t ∈ I}. Em quais pontos as curvas são tangenciais a uma reta vertical? Dica: cos3t = 4cos3 t−3cos t. Questão 12. Ache uma parametrização (em R2) das equações cônicas a) x2−2y = 1 b) x2− y2 = 4 c) x2+2y2 = 4 d) y2−8y = 6x−16 e) x2+ y2+2y−2x = 2 Dica: Completamento de quadrados. Questão 13. Ache uma parametrização (em R3) da interseção do cone x2 + y2 = z2 com os planos {v ∶ ⟨v,n⟩ = 1}, para a) n = ( √ 2/2,0, √ 2/2) b) n = (2,0,1) c) n = (0,1,2) d) n = (1, √ 3,−2) e) n = (1,2,−2) f) n = (1,2,4) Dica: Completamento de quadrados. As ultimas 3 questões precisam de cálculo extenso! Questão 14. Ache uma parametrização da interseção da esfera x2+y2+z2 = 1 com o plano {v ∶ ⟨v,n⟩ = 2}, para n = (1,1/2,1/3). Questão 15. Verifique se as funções vetoriais são contínuas (i.e. curvas) e se eles são da classe C1. a) σ ∶ [−2,2]→R2, t↦ (∣t∣, t) b) σ ∶ [−2,2]→R2, t↦ (∣t∣, ∣t∣) c) σ ∶ [0,2π]→R2, t↦ (θ cosθ,θ sinθ) d) σ ∶ [0,2π]→R2, t↦{(cos1/θ,sin1/θ) ∶ θ ≠ 0 0 ∶ θ = 0 e) σ ∶ (0,4]→R2, t↦ (t2 cosh1/t, tsinh1/t) Questão 16. Para quais α ≥ 0, a função vetorial σ ∶ [0,2π]→R2, t↦={ (θα cos1/θ,θα sin1/θ) ∶ θ ≠ 0 0 ∶ θ = 0 é contínua e para quais α ≥ 0 as curvas são de classe C1? Superfícies Questão 17. Identifique o tipo das superfícies quádricas e determine uma representação por equações paramétricas. a) 9x2+9y2+ z2 = 36 b) x2+2xy+ z2 = 1 c) x2−2xy+2x−2y+2yz = 0 d) x2+2y+2xy− z = 0 Questão 18. Seja f ∶ [0,1]→ (0,∞) contínua. Determine equações paramétricas e cartesianas da su- perfície de revolução da curva σ ∶ [0,1]→R3, t↦ (t,0, f (t)) em torno do eixo x. O que muda-se no caso de uma superfície de revolução obtida pela rotação em torno do eixo z (ou ainda em torno do eixo y)? Questão 19. Ache uma representação por equações paramétricas das interseções a) x2+ y2−4z2 = 1, y+2z = 0 b) −x2+ y2−4z2 = 1, x = 1 c) −x2+ y2−4z2 = 1, x+ y/2 = 0 d) −x2+ y2−4z2 = 1, y+3z = 0 e) x2+ y2−4z2 = 1, −x2+ y2−4z2 = 1 Garbarito (parcial) Solução 1. (a) Vetor normal: (3,−5). Como (7/3,0) está na reta e (3,−5)⊥ (5,3), σ ∶R→R2, t↦ (7/3,0)+ t(5,3). (d) Vetor normal: (1,1). Como (0,0) está na reta e (1,1)⊥ (1,−1), σ ∶R→R2, t↦ t(1,−1). Solução 2. (a) (−7,5) é um vetor normal e (3,0) está na reta . Daí, −7x+5y = ⟨(−7,5),(x, y)⟩ = ⟨(−7,5),(3,0)⟩ =−21 Solução 3. (a) (5,7,1)×(2,4,0) = (−4,2,6). Daí, a eq. cartesiana é −4x+2y+6z = ⟨(−4,2,6),(x, y, z)⟩ = ⟨(−4,2,6),(3,0,1)⟩ =−11. O ponto mais perto a 0 é o múltiplo λ(−4,2,6) de (−4,2,6) tal que λ(−4,2,6) está no plano. Isto é, −11 = ⟨λ(−4,2,6),(−4,2,6)⟩ =λ⟨(−4,2,6),(−4,2,6)⟩ =λ56. Daí, ponto mais perto a 0 é − 1156(−4,2,6). (b) (−1,0,0)×(1,0,1) = (0,1,0). Como 0 está na reta, a eq. cartesiana é y = ⟨(0,1,0),(x, y, z)⟩ = 0, e o ponto mais perto é 0. Solução 4. (d) Determinando 3 pontos no plano ⟨(x, y, z),(2,0,1)⟩ = 3: Se x = y = 0, então z = 3. Se y = z = 0, então x = 3/2. Se x = 0 e z = 3, então y = 1 satisfaz a eq. cartesiana. Daí, temos três pontos u = (0,0,3), v = (3/2,0,0) e w = (0,1,3) no plano. Como v−u e w−u não são paralelos, τ ∶R2→R3,(s, t)↦ u+ s(v−u)+ t(w−u) = (0,0,3)+ s(3/2,0,−3)+ t(0,1,0) é uma eq. parametrica da reta. O ponto mais perto a 0 é o múltiplo λ(2,0,1) de (2,0,1) tal que λ(2,0,1) está no plano. Isto é, 3 = ⟨λ(2,0,1),(2,0,1)⟩ =λ5. Daí, ponto mais perto a 0 é 35(2,0,1). Solução 5. (c) Veja gabarito do primeiro teste. Solução 6. Facil. Solução 7. Definindo a aceleração de gravidade como (0,0,−10), obtém se que A(t) = (0,0,−10) para qualquer t ≥ 0. Note que V(0) = 20 √ 3 3 (1,1,1) e σ(0) = (0,0,0). Daí, V(t) =∫ t 0 (0,0,−10)ds+V(0) = t(0,0,−10)+ 20 √ 3 3 (1,1,1) σ(t) =∫ t 0 V(s)ds+σ(0) = t 2 2 (0,0,−10)+ t 20 √ 3 3 (1,1,1) O ponto de altura máxima encontra se no ponto σ(t0) tal que a coordenada z de V(t0) =σ′(t0) é igual a 0. Daí, t0 é dado por 10t0 = 20 √ 3 3 , ou seja t0 = 2 √ 3 3 e σ(t0) = (40/3,40/3,20/3). Para achar o ponto σ(t1) do impacto no plano, tem-se que intersectar a trajetória dado por σ com o plano. Ou seja, achar a raiz de ⟨(1,0,2),σ(t)⟩ = 0: ⟨(1,0,2),σ(t)⟩ = 0 ⇐⇒ −5t2+ t 20 √ 3 3 = 5t(4 √ 3 3 − t) = 0. Então, o ponto de impacto é σ( 4 √ 3 3 ) e o ângulo do impacto com o vetor normal do plano é dado por cosα = ⟨(1,0,2),σ′( 4 √ 3 3 )⟩/( √ 5∥σ′( 4 √ 3 3 )∥). Solução 8. Ver a solução anterior. Solução 9. As eq. paramétricas são σ+ ∶R→R2, t↦ ( √ 2sinh t,2cosh t), σ− ∶R→R2, t↦ ( √ 2sinh t,−cosh t) Como σ′± = ( √ 2cosh t,±2sinh t), e cosh t ≠ 0 para qualquer t, a curva é tangencial a uma reta vertical em nenhum ponto. Solução 10. Ver a próxima solução Solução 11. Ver aula (substituir x = r cosθ e y = rsinθ ) Solução 12. (a) σ ∶R→R2, t↦ (t,(x2−1)/2) (b) σ± ∶R→R2, t↦ (±2cosh t,2sinh t) (c) σ ∶ [0,2π]→R2,θ↦ (2cosθ, √ 2sinθ) (d) σ ∶R→R2, t↦ ((t2−32)/6, t+4) (e) σ ∶ [0,2π]→R2,θ↦ (2cosθ+1,2sinθ−1) Solução 13. (a) Ver aula (e) Completar quadrados: (3x+1−2y)2−(2y−4)2 =−15. Daí, substituindo 3x+1−2y = √ 15sinh t e ou 2y−4 = √ 15cosh t ou 2y−4 =− √ 15cosh t, obtém-se x = 1 3 ( √ 15sinh t−1+2y) = 1 3 ( √ 15sinh t+3± √ 15cosh t) = 1+ √ 15 3 (sinh t±cosh t) y = 1± √ 15 2 cosh t z = x 2 + y− 1 2 = √ 15 6 (sinh t±cosh t)+1± √ 15 2 cosh t. Solução 14. Metodo de completar quadrados. Solução 15. (a) sim/não (b) sim/não (c) sim/sim (d) não/não (e) sim/sim Solução 16. σ é contínua sim e somente sim α > 0. σ é de classe C1 sim e somente sim α > 2 Solução 17. (b) x2+2xy+ z2 = 1 ⇐⇒ (x+y)2− y2+ z2 = 1 (c) x2−2xy+2x−2y+2yz = 0 ⇐⇒ (x− y+1)2−(y− z)2+ z2 = 1 (d) x2+2y+2xy− z = 0 ⇐⇒ (x+ y+1)2− y2 = z+2x+1 Solução 18. y2+ z2 = f (x)2.
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