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400 - 0,5 × 300 × 0,287 × ln = 69,3 kW 2000 Q e Da equação de energia obtemos e . Sonntag, Borgnakke e van Wylen v si + Q. /T + m. sgen = m. P Eq. de Entropia: m Processo: Um expansor recebe 0,5 kg/s de ar a 2.000 kPa, 300 K com um estado de saída de 400 kPa, 300 K. Suponha que o processo seja reversível e isotérmico. Encontre as taxas de transferência de calor e trabalho desprezando as mudanças de energia cinética e potencial. T eu Expansor CV, fluxo único e constante. Pe Q. = Tm. (se – si) = –m. TR em Pi Equação de energia: m = e C. = m. (oi – ele) + Q. = Q. = 69,3 kW . é 9h33 T é constante e sgen = 0 O gás ideal e isotérmico dá uma mudança na entropia pela Eq. 8.24, então podemos resolver a transferência de calor eu Wexp se Solução: eu oi + Q. = m. ele + W. Machine Translated by Google e ÿ800 a) Tabela A.7: Turbina de ar CV. ÿ Te = 706 K, ele = 719,9 kJ/kg Sonntag, Borgnakke e van Wylen w = oi - ele = 557,9 kJ/kg . = 1200 C O ar entra em uma turbina a 800 kPa, 1.200 K, e se expande em um processo adiabático reversível até 100 kPa. Calcule a temperatura de saída e o trabalho produzido por quilograma de ar, usando as tabelas de gases ideais, Tabela A.7 Calor específico constante, valor a 300 K da tabela A.5 100ÿ =s ÿ = 662,1K ÿ = 7,7492 kJ/kg K b. Entropia Eq.9.8: se = si ÿ w = CPo(Ti - Te) = 1,004(1200 - 662,1) = 539,8 kJ/kg ar ÿ ÿ + Rln( 800 = 8,34596 kJ/kg K Interpolar em A.7.1 9h34 Adiabático: q = 0, reversível: sgen = 0 Energia Eq.6.13: wT = hi ÿ he , b) Tabela A.5: CPo = 1,004 kJ/kg K, R = 0,287 kJ/kg K, k = 1,4, então da Eq.8.32 O processo da constante é escrito na Eq.8.28 como ÿ ÿs Turbina a. ) = 8,34596 + 0,287 lnÿ ÿ 100ÿ Te = Ti (Pe/Pi ) Solução: ÿPi ó Educaçao Fisica oi = 1277,8 kJ/kg, então ó eu k Ti Ti k-1 0,286 Te Machine Translated by Google
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