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Entropia Eq.9.8: Volumes de controle separados em torno do compressor e do bocal. Para compressor ideal temos entrada: 1 e saída: 2 Propriedades Tabela A.5 ar: CPo = 1,004 kJ/kg K, R = 0,287 kJ/kg K, k = 1,4 ÿ ÿwC = CPo(T2 – T1) = 1,004 (430,9 – 290) = 141,46 kJ/kg O bocal ideal então se expande de volta para P1 (constante s), então o estado 3 é igual ao estado 1. A equação da energia não tem trabalho, mas sim energia cinética e fornece: Solução: 9h37 2 Energia Eq.6.13: 1=3 -C O ar a 100 kPa, 17°C é comprimido até 400 kPa, após o que é expandido através de um bocal de volta para a atmosfera. O compressor e o bocal são reversíveis e a energia adiabática e cinética que entra e sai do compressor pode ser desprezada. Encontre o trabalho do compressor e sua temperatura de saída e encontre a velocidade de saída do bocal. h1 + 0 = wC + h2; 0,2857 = 430,9 K Sonntag, Borgnakke e van Wylen => T2 = T1( P2/P1) O processo fornece a constante s (isentrópica) que com CPo constante fornece a Eq.8.32 k = 290 (400/100) ÿ V3 = 2×141460 = 531,9m/s - wC = h2 - h1 , s2 = s1 1 Adiabático: q = 0. 2V2 = h2 - h1 = -wC = 141 460 J/kg (lembre-se da conversão para J) Reversível: sgen = 0 T P 2 é1 P 1 k-1 s1 + 0/T + 0 = s2 O estado estacionário processa vários dispositivos e ciclos 1 2 Machine Translated by Google 2 = 0, s2 = s1 = 7,9487 = sf2 + x sfg2 T Peso geração Continuidade Eq.6.11: Estável geração 1 Sonntag, Borgnakke e van Wylen ÿ x2,s = (s1 - sf2)/sfg2 = (7,9487 - 0,6492)/7,501 = 0,9731 ÿ h2,s = hf2 + x hfg2 = 191,8 + 0,9731× 2392,8 = 2520,35 kJ/kg = m. Entropia Eq.9.8: s2 = s1 + sT P. = m. q = 0,1074 × (-2328,5) = 2 Uma pequena turbina fornece 150 kW e é alimentada com vapor a 700°C, 2 MPa. A exaustão passa por um trocador de calor onde a pressão é de 10 kPa e sai como líquido saturado. A turbina é reversível e adiabática. Encontre o trabalho específico da turbina e a transferência de calor no trocador de calor. = m. h1 = 3.917,45 kJ/kg, s1 = 7,9487 kJ/kg K m. = W. / wT,s = 150/1397 = 0,1074 kg/s Trocador de calor: 9.3, Eq.9.18 2 geração 1 1 s3 = s2 + ÿÿ dq/T + ela P é 3 -Q 1 => 2 fases saturadas na Tabela B.1.2 Entropia Eq.9.8: Turbina: Energia Eq.6.13: wT = h1 ÿ h2 m. Estado 3: P = 10 kPa, s2 <sg q = h3 ÿ h2,s = 191,83 - 2520,35 = -2328,5 kJ/kg 3 9.38 = m. A explicação para o prazo de trabalho está na Seção. Estado de entrada: Tabela B.1.3 wT,s = h1 ÿ h2,s = 1397,05 kJ/kg 3 3 Solução: Turbina ideal sT q = h3 ÿ h2 , - 250 kW v 2 Energia Eq.6.13: Machine Translated by Google
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