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EXERCÍCIOS DE CÁLCULO II – LISTA 9 EQUAÇÃO DIFERENCIAL LINEAR Equação Diferencial Linear. Definição. Equação diferencial de primeira ordem é denominada linear quando a função incógnita y e sua derivada y′ são ambas de primeiro grau. A forma padrão da equação diferencial linear é dy dx + P(x)y = Q(x) onde P e Q são funções contínuas de x. Se, em particular, Q(x) = 0 a equação se diz linear incompleta ou linear homogênea e toma a forma dy dx + P(x)y = 0. É óbvio que a equação diferencial dy dx + P(x)y = Q(x) bem que Q(x) ≠ 0 é dita linear completa. Exemplo. As equações 𝑑𝑦 𝑑𝑥 − 2𝑦 𝑥 = 0 e 𝑑𝑦 𝑑𝑥 + 𝑦 cos 𝑥 = 1 2 sen 2𝑥 são equações diferenciais lineares Resolução de Equações Lineares. I) Se a equação é da forma dy dx + P(x)y = 0, resolve-se, sem dificuldade, por separação de variáveis. Veja! dy dx + P(x)y = 0 ⟺ dy + P(x)ydx = 0 ⟺ dy y + P(x)dx = 0. Integrando, tem-se ∫ dy y + ∫ P(x)dx = C ⟺ ∫ dy y + ∫ P(x)dx = ln k ln y = − ∫ P(x)dx + ln k ⟺ ln y − ln k = − ∫ P(x)dx ⟺ ln y k = − ∫ P(x)dx ⟺ y K = e− ∫ P(x)dx ⟹ y = ke− ∫ P(x)dx. Exemplo. Resolver a equação dy dx − 2y x = 0. Sol.1 dy dx − 2y x = 0 ⟺ dy y − 2 x dx = 0 ∫ dy y − 2 ∫ dx x = ln k ⟺ ln y − 2 ln x = ln k ⟺ ln y − ln x2 = ln k ⟺ ln y x² = ln k ⟺ y x² = k ⟺ y = kx2. Sol.2 Usando y = ke− ∫ P(x)dx. P(x) = − 2 x y = ke∫ 2 x dx ⟺y = ke2 ln x ⟺ y = keln x 2 ⟺ y = kx2. II) Se a equação é da forma dy dx + P(x)y = Q(x) em que Q(x) ≠ 0. Sol. dy dx + P(x)y = Q(x). As equações lineares possuem a propriedade através da qual se pode, sempre, encontrar uma função positiva I(x), chamada fator de integração, de modo que se tem I(x)[ dy dx + P(x)y] = I(x)Q(x) ⟺ I(x) dy dx + P(x)I(x)y = I(x)Q(x). Se for possível encontrar essa função ela será tal que I(x)Q(x) = 𝑑 𝑑𝑥 (I(x)y) isto é, I(x)[ dy dx + P(x)y] = 𝑑 𝑑𝑥 (I(x)y) ⟺ I(x) dy dx + I(x)P(x)y = I(x) dy dx + y 𝑑 𝑑𝑥 (I(x)) Cancelando I(x) e y na igualdade vem que I(x)P(x) = 𝑑 𝑑𝑥 (I(x)) Esta é uma equação de variável separável para I, que é resolvida como a seguir: dI dx = PI ⟺ dI I = Pdx ⟺ ∫ dI I = ∫ Pdx ⟺ ln I = ∫ Pdx ⟺ I = e∫ Pdx Conclusão: Para resolver a equação dy dx + P(x)y = Q(x), multiplicam-se seus dois lados pelo fator integrante I(x) = 𝑒∫ 𝑃𝑑𝑥 e se integram ambos os membros: e∫ Pdx[ dy dx + P(x)y] = e∫ PdxQ(x) Exemplo. Resolver a equação 1 x dy dx − 2 x² y = x cos x, x > 0. Sol. 1 x dy dx − 2 x2 y = x ⟺ dy dx − 2 x y = x2cos x (1) Aqui P(x) = − 2 x de modo que ∫ P(x)dx = ∫ − 2 x dx = −2 ln|x|. Assim o fator integrante é I(x) = e−2 ln|x| = eln x −2 = x−2. Multiplicando a equação (1) por I(x), tem-se x−2 dy dx − 2x−3y = cos x ⟺ d dx (x−2y) = cos x (2) Integrando ambos os membros da equação (2) e resolvendo para y, tem-se: x−2y = ∫ cos x dx ⟺ x−2y = sen x + C ⟺ y = x² sen x + Cx2. EXERCÍCIOS 01. Achar a solução geral para cada equação diferencial dada. a) dy dx = 5y b) 3 dy dx + 12y = 4 c) dy dx + y = e3x d) xdy = (x sen x − y)dy e) (1 + ex) dy dx + exy = 0 f) (1 + x²) dy dx + y = tg−1 x g) cos x dy dx + y sen x = 1 h) cos² x sen x dy + (y cos³ x − 1)dx = 0 i) dy dx − y x = x − 2 R: a) y = Ce5x b) y = 1 3 + Ce−4x c) y = 1 4 e3x + Ce−x d) y = − cos x + sen x x + C x e) y = C ex+1 f) y = tg−1 x − 1 + Cetg −1 x g) y = sen x + C cos x h) y = sec x + C cossec x i) y = x2 − 2x ln x + Cx 02. Resolver cada equação diferencial dada sujeita à condição inicial indicada. a) L di dt + Ri = E; i(0) = i0 com E, L e R constantes. b) dy dx + (tg x)y = cos2 x; y(0) = −1 c) dT dt = k(T − 50); T(0) = 200, com k constante. d) (x + 1) dy dx + y = ln x; y = 10, quando x = 1. e) dy dx = y y−x ; y = 2 quando x = 5. R: a) I(t) = E R + (i0 − E R )e− R L t b) y = sen x cos x − cos x c) T(t) = 50 + 150ekt d) (x + 1)y = x ln x − x + 21 e) x = 1 2 y + 8 y
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