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Segunda Prova de Cálculo 2 Questão 1 (8 pontos): Calcule a integral tripla∫∫∫ E e(x 2+y2+z2) 3 2 dV onde E é o sólido contido entre as esferas x2 + y2 + z2 = 1 e x2 + y2 + z2 = 9. Em coordenadas esféricas temos que • E = {(ρ, θ, φ | 1 ≤ ρ ≤ 3, 0 ≤ θ ≤ 2pi, 0 ≤ φ ≤ pi} • e(x2+y2+z2) 32 = e(ρ2) 32 = eρ3 • dV = ρ2 sen φ dρ dθ dφ Logo, ∫∫∫ E e(x 2+y2+z2) 3 2 dV = ∫ pi 0 ∫ 2pi 0 ∫ 3 1 eρ 3 ρ2 sen φ dρ dθ dφ Vamos calcular a integral com relação à ρ. Fazendo a mudança de variáveis u = ρ3, temos que du = 3ρ2 dρ e, portanto, ∫ eρ 3 ρ2 dρ = ∫ eu 3 du = eu 3 = eρ 3 3 Portanto, ∫ 3 1 eρ 3 ρ2 sen φ dρ = sen φ [ eρ 3 3 ]ρ=3 ρ=1 = ( e27 − e 3 ) sen φ Calculando a integral do resultado com relação à θ:∫ 2pi 0 ( e27 − e 3 ) sen φ dθ = ( e27 − e 3 ) sen φ [θ]θ=2piθ=0 = ( 2pi(e27 − e) 3 ) sen φ Calculando a integral do resultado com relação à φ:∫ pi 0 ( 2pi(e27 − e) 3 ) sen φ dφ = ( 2pi(e27 − e) 3 ) [− cosφ]φ=piφ=0 = 4pi(e27 − e) 3 Questão 2 (8 pontos): Calcule a integral tripla∫∫∫ E ( 1 + √ x2 + y2 ) dV onde E é o sólido limitado pelos parabolóides z = 2− x2 − y2 e z = x2 + y2. A inteseção entre os dois parabolóides ocorre quando 2− x2 − y2 = x2 + y2 ⇒ 2 = 2x2 + 2y2 ⇒ 1 = x2 + y2 Logo, a interseção é o círculo de raio 1 localizado na altura z = 1. A projeção do sólido E no plano xy é o disco x2 + y2 ≤ 1. Em coordenadas cilíndricas, temos • z = x2 + y2 = r2 • z = 2− x2 − y2 = 2− r2 • D = {(r, θ) | 0 ≤ r ≤ 1, 0 ≤ θ ≤ 2pi} • E = {(r, θ, z) | 0 ≤ r ≤ 1, 0 ≤ θ ≤ 2pi, r2 ≤ z ≤ 2− r2} • 1 +√x2 + y2 = 1 + r • dV = r dz dr dθ Logo,∫∫∫ E ( 1 + √ x2 + y2 ) dV = ∫ 2pi 0 ∫ 1 0 ∫ 2−r2 r2 (1 + r) r dz dr dθ = ∫ 2pi 0 ∫ 1 0 ∫ 2−r2 r2 r + r2 dz dr dθ Calculando a integral em z:∫ 2−r2 r2 r + r2 dz = (r + r2) [z]z=2−r 2 z=r2 = (r + r 2)(2− 2r2) = 2r + 2r2 − 2r3 − 2r4 Calculando a integral do resultado com relação à r:∫ 1 0 2r+2r2−2r3−2r4 dr = [ r2 + 2r3 3 − r 4 2 − 2r 5 5 ]r=1 r=0 = 1+ 2 3 − 1 2 − 2 5 = 1 2 + 2 3 − 2 5 = 15 + 20− 12 30 = 23 30 Calculando a integral do resultado com relação à θ:∫ 2pi 0 23 30 dθ = [ 23 θ 30 ]θ=2pi θ=0 = 23pi 15 Questão 3 (9 pontos): Calcule a integral dupla∫∫ D ( y − x y + x ) dA onde D é o paralelogramo de vértices (1, 0), (2, 1), (4,−1) e (3,−2). Vamos fazer a mudança de variáveis u = y− x e v = y+ x. Observe que o paralelogramo é limitado pelas retas y = x− 1, y = x− 5, y = −x+ 1 e y = −x+ 3 e que • y = x− 1 ⇒ y − x = −1 ⇒ u = −1 • y = x− 5 ⇒ y − x = −5 ⇒ u = −5 • y = −x+ 1 ⇒ y + x = 1 ⇒ v = 1 • y = −x+ 3 ⇒ y + x = 3 ⇒ v = 3 Logo, o paralelogramo é limitado pelas retas u = −1, u = −5, v = 1 e v = 3 e temos que D = {(u, v) | − 5 ≤ u ≤ −1, 1 ≤ v ≤ 3} Somando as duas equações u = y − x e v = y + x, obtemos que u+ v = 2y e, portanto, y = u+ v 2 Subtraindo as duas equações u = y − x e v = y + x, obtemos que u− v = −2x e, portanto, x = −u+ v 2 O Jacobiano da mudança de coordenadas neste caso é ∂(x, y) ∂(u, v) = det ∂x∂u ∂x∂v ∂y ∂u ∂y ∂v = det −12 12 1 2 1 2 = −1 2 e, consequentemente, dA = ∣∣∣∣∂(x, y)∂(u, v) ∣∣∣∣ du dv = 12 du dv O integrando é dado nas coordenadas u e v como u v . Logo,∫∫ D ( y − x y + x ) dA = ∫ 3 1 ∫ −1 −5 u 2v du dv Calculando a integral com relação à u:∫ −1 −5 u 2v du = 1 2v [ u2 2 ]u=−1 u=−5 = 1 2v [ 1 2 − 25 2 ] = −24 4v = −6 v Calculando a integral do resultado com relação à v:∫ 3 1 −6 v dv = −6 [ ln |v| ]v=3v=1 = −6 ln 3 Questão 4 (8 pontos): Calcule a área da região do plano contida dentro da circunferência x2 + y2 = 2x e fora da circunferência x2 + y2 = 1. Observe inicialmente que x2 + y2 = 2x ⇒ (x− 1)2 + y2 = 1 Logo, esta equação representa a circunferência de raio 1 centrada no ponto (1, 0). Já a equação x2+y2 = 1 representa a circunferência de raio 1 centrada na origem. Em coordenadas polares as equações das circunferências x2 + y2 = 2x e x2 + y2 = 1 se tornam r = 2 cos θ e r = 1, respectivamente. Essas duas circunferências se encontram quando 2 cos θ = 1, e portanto, quando cos θ = 1 2 . Isso ocorre quando θ = pi 3 e quando θ = −pi 3 . Logo, D = { (r, θ) | 1 ≤ r ≤ 2 cos θ,−pi 3 ≤ θ ≤ pi 3 } A área da região do plano contida dentro da circunferência x2+y2 = 2x e fora da circunferência x2+y2 = 1 é dada por ∫∫ D 1 dA = ∫ pi 3 −pi 3 ∫ 2 cos θ 1 r dr dθ Vamos calcular a integral com relação à r:∫ 2 cos θ 1 r dr = [ r2 2 ]r=2 cos θ r=1 = 2 cos2 θ − 1 2 = 1 + cos(2θ)− 1 2 = cos(2θ) + 1 2 Calculando a integral do resultado com relação à θ:∫ pi 3 −pi 3 cos(2θ) + 1 2 dθ = [ sen (2θ) 2 + θ 2 ]θ=pi 3 θ=−pi 3 = [ pi 6 + sen ( 2pi 3 )] − [ −pi 6 − sen ( 2pi 3 )] = pi 3 + 2 sen ( 2pi 3 ) = pi 3 + √ 3
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