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Universidade Federal de Pernambuco - Departamento de F´ısica F´ısica Geral 2 - 3o Exerc´ıcio Escolar - 06/07/2015 a GABARITO Teste 1 (1 ponto):Considere as afirmac¸o˜es abaixo: I - A ma´quina de Carnot na˜o consegue transformar todo o calor recebido em trabalho. II - A entropia de um sistema termodinaˆmico sempre aumenta. III - Um ga´s ideal diatoˆmico precisa de mais calor para ter sua temperatura elevada em 1Co que um ga´s ideal monoatoˆmico. Resposta: I e III Teste 2 (1 ponto): Uma porc¸a˜o de um determinado material, inicialmente na fase so´lida, e´ colocada em uma panela acima de uma chama, de forma a receber calor a uma taxa constante. A figura abaixo mostra como a temperatura do material varia em func¸a˜o do tempo. Considere as seguintes afirmac¸o˜es. I - O calor espec´ıfico da fase so´lida e´ maior que o calor espec´ıfico da fase l´ıquida. II - O calor de transformac¸a˜o para a fusa˜o e´ maior que o calor de transformac¸a˜o para a vaporizac¸a˜o. III - Se soubermos as escalas de temperatura e tempo no gra´fico ao lado, e´ poss´ıvel usar as informac¸o˜es do gra´fico para calcular os calores espec´ıficos do material. Resposta: I e II Teste 3 (1 ponto): A temperatura de n mols de um ga´s ideal monoatoˆmico e´ aumentada em ∆T a pressa˜o constante. A energia Q absorvida em forma de calor, a mudanc¸a na energia interna ∆E, e o trabalho W realizado pelo ga´s sa˜o dados por: (e) Q = 52nR∆T , ∆E = 3 2nR∆T , W = nR∆T 1 Teste 4 (1 ponto):Dispo˜e-se de treˆs recipientes distintos (A, B e C), que sa˜o preenchidos com 1 mol de um ga´s ideal monoatoˆmico. Apenas os recipientes B e C recebem o mesmo tipo de ga´s. Considere que A e B sa˜o mantidos a` mesma temperatura. A figura ao lado mostra a distribuic¸a˜o de velocidades no equil´ıbrio termodinaˆmico (curva de Maxwell-Boltzmann). Podemos afirmar que Resposta correta: A temperatura do ga´s em C e´ maior do que aquela em B. Teste 5 (1 Ponto): Considere treˆs processos distintos de um ga´s ideal: uma compressa˜o isote´rmica, uma expansa˜o adiaba´tica e uma expansa˜o a pressa˜o constante. Pode-se dizer que a entropia em cada processo, respectivamente, Gabarito: diminui; permanece a mesma; aumenta. Justificativa: Para uma compressa˜o isote´rmica, ∆S = Q/T . Como Q < 0, ∆S < 0. Para uma expansa˜o adiaba´tica, dQ = 0. Assim, ∆S = 0. Para uma expansa˜o a pressa˜o constante, ∆S = ncp ln(Vf/Vi), onde Vf e Vi sa˜o os volumes final e inicial, respctivamente. Como Vf > Vi, ∆S > 0. Questo˜es discursivas Questa˜o 1 (3 Pontos):Na figura ao lado temos um ciclo abca realizado por um mol de ga´s ideal monoatoˆmico, composto por um processo a vol- ume constante, um processo a pressa˜o constante e um processo isote´rmico. A temperatura no ponto a e´ 300K e a pressa˜o p1 = 2, 00×105pa. Calcule: (a) (0,3 pontos) o volume V1 (b) (0,3 pontos) a temperatura T na isoterma. (c) (0,3 pontos) a pressa˜o no ponto c. (d) (0,6 ponto) o trabalho e o calor no processo ca. (e) (0,6 ponto) o trabalho e o calor no processo ab. (f) (0,6 ponto) o trabalho e o calor no processo bc. (g) (0,3 pontos) Usando o calor e o trabalho totais diga se este ciclo representa uma ma´quina te´rmica ou um refrigerador ? Justifique. Se necessa´rio considere R=8,00 J/(mol x K) e ln(10)=2,3 Gabarito: a) V1 = nRT/P1 = 1× 8, 0× 300/(2, 0× 100000) = 12/1000 = 1, 2× 10−2m3 b) T = p1 × 10× v1/(R) = 2, 0× 105 × 12× 10−2/8, 0 = 3, 0× 103K c) pc × V1 = p1 × 10× V1 ⇒ pc = 10× p1 => pc = 2, 0× 106Pa d) Wca = 0; Q = nCv(Tf − Ti) = 3R/2× (Tf − Ti) = −12× 2, 7× 103 = −3, 24× 104J 2 e) Wab = p1 × 9V1 = 9× 1, 2× 2, 0× 103 = 2, 16x104J ; Q = Ef − Ei + Wab = 12× 2, 7× 103 + 2, 16× 104 = (3, 24 + 2, 16)× 104 = 5, 40× 104J f) Wbc = −RT ∫ 10V1 V1 dV V = −8, 00× 3000× ln ( 10V1 V1 ) = −2, 4× 2, 3× 104 = −5, 52× 104J ∆E = 0⇒ Qbc = Wbc = −5, 52× 104J g) Wtotal = (5, 4− 3, 24− 5, 52)× 104 = −3, 32× 104J Qtotal = −3, 32× 104J . Ou seja e´ um ciclo em que realizamos trabalho sobre o sistema para que ele transfira calor de uma fonte fria para uma fonte quente. E´ um refrigerador. Isso tambe´m pode ser constatado qualitativamente pelo fato de o ciclo ser no sentido anti-hora´rio o que fara´ com que o trabalho total seja negativo. Questa˜o 2 (2 Pontos): Uma amostra de 1kg de chumbo (Pb) inicialmente a 80oC e´ inserida em um recipiente termicamente isolado contendo 120g de a´gua inicialmente a 10oC. Fac¸a o que e´ pedido abaixo. a)(0,7) Encontre a temperatura de equil´ıbrio da mistura. b)(0,7) Sem fazer as contas, diga se a variac¸a˜o de entropia do sistema total, chumbo + a´gua, sera´ positiva, negativa ou nula. Explique sua resposta. c)(0,6) Calcule a variac¸a˜o de entropia da amostra de chumbo. Em particular, diga se essa variac¸a˜o e´ positiva ou negativa. Dados: c Pb = 0, 03 calg K , cH2O = 1, 00 cal g K , TKelvin = TCelsius + 273 . Soluc¸a˜o da Questa˜o Discursiva: a) Como o sistema esta´ termicamente isolado, o calor trocado pelo sistema total e´ zero, Qtotal = 0. Sendo Teq a temperatura de equil´ıbrio, o calor trocado pelo chumbo e pela a´gua sa˜o, respectivamente, Qchumbo =mPb · cPb · (Teq − T0,Pb) = 1000 · 0, 03 · (Teq − 80) = 30 · (Teq − 80) Qa´gua =mH2O · cH2O · (Teq − T0,H2O) = 120 · 1 · (Teq − 10) = 120 · (Teq − 10) Como a soma desses calores deve ser zero, temos: 0 = 30 · (Teq − 80) + 120 · (Teq − 10) ⇒ 0 = (Teq − 80) + 4 · (Teq − 10) ⇒ Teq = 24oC b) A segunda lei da Termodinaˆmica diz que a entropia de um sistema fechado na˜o pode diminuir. Ale´m disso, processos espontaˆneos, como o calor fluir do corpo com maior temperatura para o corpo com menor temperatura, contribuem para aumentar a entropia do sistema total. Enta˜o, como o nosso sistema total (chumbo + a´gua) esta´ termicamente isolado, teremos ∆Stotal > 0. c) A variac¸a˜o de entropia do chumbo e´: ∆S = ∫ Teq T0,Pb dQ T = ∫ Teq T0,Pb m Pb · c Pb · dT T = m Pb · c Pb · ln ∣∣∣∣ TeqT0,Pb ∣∣∣∣ . Mas, e´ fundamental notar que a temperatura nesta fo´rmula deve estar em Kelvin, pois a equac¸a˜o dQ = TdS so´ vale nesse caso. Logo, ∆S = 1000 · 0, 03 · ln ∣∣∣∣24 + 27380 + 273 ∣∣∣∣ = 30 · ln(297353 ) cal/K . Como ln |x| < 0 se |x| < 1, a variac¸a˜o de entropia encontrada acima e´ negativa. 3
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