Baixe o app para aproveitar ainda mais
Prévia do material em texto
ED UNIP Complemento de Física – 4º Semestre Exercício 1 – Resposta E Na posição de equilíbrio a elongação da mola é igual a amplitude do movimento: Fm=k.ym Na análise das forças, o módulo da força da mola acaba sendo igual a força peso: Fm=P K.ym =m.g k.0,05=4.10 k=800 (N/m ) A energia mecânica do sistema é dada por EM=0,5.k .(ym )^2 EM=0,5.800.0,05^2 EM=1 J Como no estado de equilíbrio tem apenas energia cinética, a energia cinética acaba sendo igual a energia mecânica do sistema. EM=ECequilíbrio=1 J Exercício 2 – Resposta B EM=EC+EP 1=0,5.m.v^2+0,5.k .x^2 Substituindo: 2=4.v^2+800.0,02^2 4.v^2=1,68 v=0,648 m /s Exercício 3 – Resposta D w=2.pi.f w=2.3,14.2,5 w=15,7 ym =(y(0)^2+( v(0)/w)^2) ^1/2 ym =(0,011^ 2+(0,011/15,7) ^2)^1/2 ym =0,0146 m = 1,46 cm Exercício 4 – Resposta A vm=ym.w vm=1,46.15,7 vm=22,9 (cm/s) Exercício 5 – Resposta D Primeiro analisamos as forças envolvidas no movimento: -Fm-F v=Fr Fm=Força da mola; Fv=Força viscosa; e Fr=Força resultante. -y.k-v.b=m.a Substitui se o que der e resolve se a equação diferencial: -y.32000-v.640 -80.a=0 (divide por 80) -y.400-v.8 -a=0 Resolvendo a equação diferencial, chega-se ao seguinte: y=e^(-4t).[A.cos (19,6t) + B.sen(19,6t)] Derivando a equação acima obtemos a equação da velocidade: V=-4. e^(-4t) .[ A.cos(19,6t) + B.sen(19,6t)] + e^(-4t) .[-19,6. A.sen(19,6t) +19,6.B.cos(19,6t)] Substituindo as condições iniciais, descobre-se o valor de A e de B, chegando a equação do movimento completa: y= e^(-4t) .[0,49 2.cos(19,6t) + 0, 609.sen(19,6t)] Agora termina-se de resolver o exercício : y(0,4) = e^(-4.0,4).[ 0,492.cos(19,6.0,4) + 0,609.sen(1 9,6.0,4)] y(0,4) = 0,202.[0, 0069+0,6089] y(0,4) = 0,124 m Exercício 6 – Resposta E 0 = e^(-4t) .[0,49 2.cos(19,6t) + 0,609.sen(19,6t)] 0 = 0,492.cos(19, 6t) + 0,60 9.sen(19,6t) - 0,492.cos(19,6t) = + 0,609.sen(19,6t) -0,492/0,609 = tg(19,6t) tg(19,6t) = -0,808 19,6t = -0,679 O valor encontrado é negativo , a tangente tem um a periodicidade de Pi rad, então basta somar Pi ao valor de - 0,679: 19,6t=2,462 t = 0,126 s Exercício 7 – Resposta D 0,5.b/m = (k/m)^(1/2) 0,5.b/80 = (3200 0/80)^(1/2) 0,00625.b = 20 b = 3200 N.s/m Exercício 8 – Resposta B y= (C1 + C2.t).e^(-g.t) g = 0,5.b/m g = 20 0,1 = (C1 + C2.0). e^(-20.0) 0,1 = (C1 +0).1 0,1 = C1 v = C2.e^(-g.t) + (0,1 + C2.t ).(-20).e^(-20.0t) 2 = C2.e^(-g.t0) + (0,1 + C2 .0).(-20).e^(-20. 0) 2=C2 -2 C2 = 4 y = (0,1 + 4.t).e ^(-20.0t) As raízes da equação nos darão os instantes em que o corpo está na posição de equilíbrio: 0 = (0,1 + 4.t).e ^(-20.0t) 0 = (0,1 + 4.t) -0,1= 4.t t = -0,025s E a outra raiz, como não existe logaritmo de zero, colocamos um número muito pequeno no lugar de zero = 0,001 0,001= e^(-20. 0t) -6,9077= -20.t t= 0,345s A diferença entre os dois instantes dará o intervalo necessário para que o corpo volte para posição de equilíbrio: T = 0,345 - (- 0,025) T = 0,37s Exercício 9 – Resposta C A = 2.ym.cos [(Pi/4).0,5] A = 2.1.cos[P i/8] A = 1,85 mm Exercício 10 – Resposta D Para descobrir a diferença de fase pedida, basta usar a mesma equação usada no exercício anterior, porém sem substituir o valor da fase e substituir a amplitude. 2 = 2.1.cos[o.0, 5] 1 = cos[0,5.o] 0,5.o = arccos(1) 0,5.o = 0 o = 0 Exercício 11 – Resposta A y = 15.sen[Pi.x/4 ].cos[30.P i.t + Pi/3] vt = 15.sen[Pi.x/ 4].(- 30.Pi)sen[30.Pi.t + Pi/3] vt = -1414.sen[P i.x/4].sen[30.Pi.t + Pi/3] vt (2;2) = -1414.sen[Pi.2/4].sen[30.Pi.2 + Pi/3] vt (2;2) = -1225 cm/s Exercício12 - Resposta E Para descobrir a amplitude da oscilação em dado ponto e em dado instante, basta pegar a parte da equação que é o termo da amplitude e substituir a condições: y = 15.sen[Pi.x/4 ].cos[30.P i.t + Pi/3] A = 15.sen[Pi.x/4] A (2;2) = 15.sen[Pi.2/4] A (2;2) = 15 cm Exercício 13 – Resposta C Primeiro descobrimos as densidades lineares de cada fio: d1 = 2,6.0,01 = 0,026 g/cm d1 = 0,0026 kg/m d2 = 7,8.0,01 = 0,078 g/cm d2 = 0,0078 kg/m Agora através da equação que relaciona a frequência com comprimento de onda, tensão na corda e densidade linear, substituímos os valores que temos de cada parte da corda e igualamos as equações: f1 = [n1/(2.L1)] .[F/d1]^(1/2) f2 = [n2/(2.L2)] .[F/d2]^(1/2) Igualam- se as duas equações e substitui as variáveis conhecidas: [n1/(2.0,6)].[100 /0,0026] ^(1/2) = [n2/(2.0,8 66)].[100/0,0078] ^(1/2) [n1/(2.0,6)]^2.1/2,6 = [n2/( 2.0,866)]^2.1/7,8 n1 = [3,74.(n2) ^2/23,4]^(1/2 ) n1 = 0,4.n2 n2 = 2,5.n1 Uma vez que se descobriu a relação entre o número da corda de aço e o número da corda de alumínio, isolam os a razão n2/n1: n2/n1= 2,5 n2/n1= 2/5(Na forma de fração mais simplificada) Onde n2 = 5, que corresponde ao aço e n1 = 2, que corresponde ao alumínio. Através das propriedades no fio de aço ou no fio de alumínio, é possível determinar a frequência. f = [ n1 / (2. L1) ].[ ( F/d1 )^(1/2)] f = [2/(2. 0,6) ].[ ( 100/0,0026 )^(1/2)] f = 327 Hz f = 1034 Hz Exercício 14 – Resposta E Visto que no exercício anterior determinou-se o número de ventre de cada parte da corda temos o número total de ventres = 7, logo o número total de nós é 8, descontando os nós das extremidades, temos: Nnós = 6. Exercício 15 – Resposta D Primeiro identificam os em qual parte do gráfico está o instante pedido , então calculamos o fluxo magnético nesta parte do gráfico: Calculando o fluxo magnético entre 0 e 2 segundos. f = 0,2.t.(PI.r ^2) = 0,2.t.(3,1 4.3,99^2) f = -10.t E = df/dt = -10 Portanto o módulo da força eletromotriz é: 10 V Exercício 16 – Resposta B Primeiro identificam os em qual parte do gráfico está o instante pedido , então calculamos o fluxo magnético nesta parte do gráfico: Calculando o fluxo magnético entre 5 e 10 segundos. f = -0,08.(PI.3,99 ^2).t f = -4.t E= +4V E = R.I 4 = 20.I I = 0,2ª Sentido horário. Exercício 17 – Resposta E Req = R1.R2/(R 1 + R2) Req = 10.15/(10 +15) Req = 6ohm I= (B.l/Req).v I = (0,5.0,4/6).20 I = 0,667A Exercício 18 – Resposta B Uma vez que já temos a corrente, calcula da no exercício anterior, basta substituir na equação P = I^2.Req P = 0,667^2.6 P = 2,67W Exercício 19 – Resposta D Primeiro calculamos o valor de k: c = w/k k = 10^15/3.10^8 k = 3,33.10^6 O vetor velocidade de propagação é igual ao produto vetorial entre o campo elétrico e o campo magnético dividido pelo produto escalar do campo magnético por ele mesmo: cv = Ev x Bv/(Bv.Bv) -3.10^8.i = [( E.k) x (10^-7.sen(10^15.t + 3,33.10^6.x).j ]/((10^-7.sen(10^15.t + 3,33. 10^6.x)^2) (3.10^8.k ). (10^-7.sen(10^15.t + 3,33.10 ^6.x) = Ek E = 30.sen(10^15.t +3,33.10^6.x) (N/C) Ev = 30. sen(10 ^15.t + 3,33.10 ^6.x).k (N/C) Exercício 20 – Resposta A Primeiro calculamos o valor médio do vetor poynting S = 0,5.8,85.10^-12.3.10 ^8.900 S = 1,19 Agora calculam os a energia eletromagnética: Dw = S.A.Dt Dw = 1,19.3.7200 Dw = 25807J Exercício 21 – Resposta A Como o campo magnético é uniforme na região e varia somente com o tempo, não há a necessidade da integração. f = B.n.A f = (0,2t^2 – 2,4t +6,4)k .k.(0,5.0,5) f(2) = (0,2.(2) ^2 – 2,4.(2) +6,4).0,25 f(2) = 0,6weber f(9) = (0,2.(9) ^2 – 2,4.(9)+6,4).0, 25 f(9) = 0,25 weber Exercício 22 – Resposta E Através da derivada temporal da equação que descreve o fluxo, obtemos a equação da força eletromotriz. E = - (0,1t - 0,6) E(2) = - (0,1.(2) – 0,6) E(2) = 0,4V I(2) = 0,4/40 I(2) = 0,01A (anti-horário) E(9) = - (0,1.(9) – 0,6) E(9) = -0,3V I(9) = - 0,3/40 I(9) = - 0,0075A (horário) Exercício 23 – Resposta B Primeiro deve-se descobrir a função que descreve o fluxo em função do tempo: f = B.A O campo magnético não varia em função do tempo porém a área varia em função do tempo: A = 0,5.w.t.r^2 A = 0,5.300.t.0,25^2 A = 9,375m^2 Portanto o fluxo é: f = 0,1.9,375.t f = 0,9375wb Agora basta fazer a derivada temporal negativa do fluxo que obtém-se a força eletromotriz: E(0---P1) = - 0,9375V Exercício 24 – Resposta C O potencial de cada ponta da barra será o mesmo, logo a diferença de potencial entre eles será zero. Vp2 – Vp1 = 0V Exercício 25 – Resposta D O fluxo magnético quando não há variação de área com o tempo é f = B.n.A f = (0,5 –0,125t).1,7.2,1 f = 1,785 – 0,44625t A derivada temporal negativa do fluxo é a fem: E = 0,44625 I = E/R I = 0,44625/25 I = 0,01785A (anti-horário) Exercício 26 – Resposta B A força necessária para manter a barra em repouso é calculada pela formula: F = I.L.B F = 0,01785.1,7. 0,5 F = 0,0152N O sentido é contrário ao da força que movimenta a barra, logo: F = -0,0152i N Exercício 27 – Resposta C Existem duas formulas para calcular a intensidade da onda, uma relaciona a potência com a área e a outra relaciona a amplitude do campo elétrico com a velocidade da luz e constante de permissividade elétrica: I = P/A I = [e.c.(Em )^2]/2 0,25/(4.Pi.r ^2) = [8,85.10^- 12.3.10^8.(0,2) ^2]/2 r^2 = 370 r = 19,4m Exercício 28 – Resposta E Considerando que o sentido de propagação da onda é j positivo, a direção e sentido do campo magnético, n o dado instante em que o campo elétrico é i negativo, é k positivo. Bv = +kB Exercício 29 – Resposta A A direção e o sentido de um a onda eletromagnética é igual a direção e sentido do produto vetorial do campo elétrico com o campo magnético. v = (i) x (k ) v = (-j) Exercício 30 – Resposta E A velocidade de propagação da onda eletromagnética é igual ao valor da velocidade da luz, mas também é obtida pela razão entre o produto vetorial do campo elétrico e campo magnético pelo produto escalar do campo magnético por ele mesmo. c = (E x B)/(B. B) 3.10^8 = E/B E = 3.10^8.91,5.10^-6 E = 27450V/m Exercício 31 – Resposta A A intensidade da onda é a razão entre a potência e a área. I = P/A I = 0,02/(Pi.10 ^-12) I = 6,366.10^9 A intensidade da onda também pode ser calculada em uma formula que contém a amplitude do campo elétrico. 6,366.10^9 = 0,5.8,85.10^- 12.3.10^8.(Em )^2 (Em)^2 = 4,796.10^12 Em = 2,19.10 ^6V/m Exercício 32 – Resposta A A equação do campo magnético tem a parte oscilante igual a do campo elétrico, logo só precisa calcular a amplitude do campo magnético e descobrir a direção e sentido. B = E/c B = 1,1.10^6/(3.1 0^8) B = 3,7.10^-3T A direção e sentido da velocidade de propagação da onda é igual ao do produto vetorial do campo elétrico pelo campo magnético. /c/ = /E/ x /B/ -k= j x (ai + bj + ck) -k = -ka +ic c = 0 a = 1 Logo, a direção e o sentido do vetor campo magnético é i positivo: B = 3,7.sen(5, 9.10^6.z + 1,77.1 0^15.t).i (W b/m^2) Exercício 33 – Resposta B A curva A, é característica de um amortecimento fraco, visto que oscila antes de estabilizar. A curva B estabiliza o movimento antes que a curva A, porém , apenas depois que a curva C, isso ocorre devido ao alto valor do coeficiente de resistência viscosa, logo a curva B, é característica de um amortecimento supercrítico. A curva C é a primeira a estabilizar, isso quer dizer que a relação entre o coeficiente de resistência viscosa e a constante elástica possui a melhor relação possível, característica do amortecimento crítico. A, C, B. Exercício 34 – Resposta C A posição inicial pode ser definida por interpretação do gráfico: y(0) = 0,2m No gráfico há um a reta tangente as curvas no instante zero. O coeficiente angular desta reta é igual a derivada temporal da equação de posição no instante zero, que é por definição a velocidade da partícula no instante zero. v(0) = (0,5 – 0,2)/0,2 v(0) = 1,5m/s Exercício 35 – Resposta E Analisando o gráfico podemos extrair a posição inicial do termo da amplitude, ou seja, considerando apenas a curva exponencial auxiliar: ym .e^-g0=0,4 ym = 0,4 m Agora que tem os a amplitude inicial, podem os calcula r a fase inicial com o auxílio da curva principal, ou seja, a curva que descreve o movimento. A posição inicial da partícula é 0,2m. 0,2 = 0,4.cos( o) o =arccos (0,5) o = -Pi/3 Agora através do período podemos calcular a velocidade angular. Pelo gráfico tem os que o período é 1,4 s. w = 2.Pi/1,4 w = 1,43.Pi(rad/s) Falta descobrir o valor de g (gama) . Para isso pegam os um ponto conhecido no gráfico, vamos pegar o ponto (1;-0,2). -0,2 = 0,4.e^-g.cos(1,43.Pi - Pi/3) -0,5 = -e-g.0,954 1/1,84 = e^-g -g = -0,61 g = 0,61 Agora montamos a equação: y = 0,4.e^(-0,61t).cos(1,43. Pi.t - Pi/3) (SI) Exercício 36 – Resposta B Primeiro calcular a velocidade angular inicial, w0. W ^2 = (w0)^2 – g^2 (1,43.Pi)^2 = ( w0)^2 –(0,61)^2 (w0)^2 = 20,55 w0 = 4,5 rad/s Agora calculamos o k da mola: (4,5)^2 = k/m (4,5)^2.0,8 = k k = 16,44 N/m Agora calculamos o coeficiente de viscosidade: 0,61 = c/(2.0,8) c = 0,976 N.s/m Agora calculamos o grau de amortecimento: B = g/w0 = 0,61/4,5 B = 0,135 Exercício 37 – Resposta C Primeiro calculamos o valor de gama. g = (k/m) ^(1/2) g = (16,43/0,8) ^(1/2) g = 4,53 Agora calculamos o valor da constante de viscosidade. g = c/2m 4,53 = c/(2.0,8) c = 7,25 N/(m/s) Exercício 38 – Resposta A Uma vez que temos o valor de gama, basta descobrir as constantes através de pontos do gráfico: 0,2 = A1 Agora com a velocidade inicial descobrimos a outra constante A2: 1,5 = [-4,53.0,2 +A2] 2,41 = A2 Agora montamos a equação: y = [0,2 +2,41.t]. e^(-4,53t) (SI) Exercício 39 – Resposta A Com o valor do grau de amortecimento calculamos o coeficiente de resistência viscosa: 1,2836 = g/w0 g = c/2m w0 = (K/m )^(1/2) Logo, 1,2836 = (c/2m ).[(m /k)^(1/2)] 1,6476 = [(c2)/2, 56].[0,8/16 ,43] 86,624 = c^2 c = 9,307 N/(m/s) Exercício 40 – Resposta B Primeiro calculamos o valor de w0 e do g: w0 = (16,43/0,8) ^(1/2) w0 = 4,532 rad/s g = 9,307/1,6 g = 5,817 Agora com as condições iniciais y(0) = 0,2 m , e v(0) = 1,5 m /s, calculam os as constantes A1 e A2. 0,2 = A1 + A2 A2 = 0,2 – A1 e, 1,5=A1.[-5,817+(5,817^2–4,532^2)^(1/2)]+A2.[-5,817-(5,817^2–4,532^2)^(1/2)] 1,5=A1.[-5,817+(5,817^2–4,532^2)^(1/2)]+( 0,2 – A1)[-5,817-(5,817^2–4,532 ^2)^(1/2)] 1,5=A1.(-2,1703)+(0,2 – A1).(-9,4637) 3,393 = 7,2934 .A1 A1 = 0,465 A2 = 0,2 – 0,4 65 A2 = - 0,265 Agora basta montar a equação e simplificar: y = 0,465.e ^(-5,817+3,6467) t – 0,265.e^(-5,81 7-3,6467)t y = 0,465.e ^(-2,17)t – 0,265. e ^(-9,46)t (SI)
Compartilhar