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CAPÍTULO 10 Problema 10.1 Dados: Dimensões do impulsor de uma bomba centrífuga: N � 1150 rpm Entrada � Saída � Raio, r (mm) 100 300 Largura da pá, b (mm) 50 40 Ângulo da pá, � (grau) 70 80 Determine: (a) A altura de carga teórica. (b) A potência mecânica de alimentação da bomba para uma vazão volumétrica Q � 0,10 m3/s. Solução: Equações de cálculo: ˙ ( ) ˙ ( . ) ( ) ( . ) W U V U V m b H g U V U V c m t t t t � � � � 2 1 2 1 2 1 2 1 10 2 1 10 2 Considerações: (1) Escoamento uniforme na entrada e na saída das pás. (2) O escoamento entra e sai tangencialmente às pás. Trace os diagramas de velocidades: Da equação da continuidade, V Q rb V sen V V sen n rb rb n� � � 2� � � ∴ CAP010/1 11/6/02, 1:05 PM1 Da geometria, V U V U V sen U Q rbt rb n� � � � � �cos cos cot� � � � � 2 Substituindo os valores numéricos, � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � 1150 2 60 120 120 0 1 12 0 36 0 2 12 0 0 10 70 2 1 0 1 1 0 05 10 8 36 0 1 1 2 1 1 1 1 3 1 2 rev rad rev s rad s U r rad s m m s U m s V U Q r b m s m s m m m s V m s t t min min / , , / ; , / cot , , cot , , , , ° 00 10 80 2 1 0 3 1 0 04 35 8 1 9 81 36 0 35 8 12 0 10 8 118 3 2 1 2 2 1 2 1 2 1 , cot , , , / ( ) , , , , , ˙ ( ) ˙ m s m m m s H g U V U V s m m s m s m s m s m H W U V U V m gH t t m t t � � � � � � � � � � � � � � ° ← � �� Q m s m kg m m s N s kg m W s N m W kW Wm m � � � � � � � 9 81 118 999 0 1 116 2 3 3 2 , , ˙ ˙ ← Problema 10.6 Dados: Dimensões do impulsor de uma bomba centrífuga: Entrada� Saída � Raio, r (mm) 100 300 Largura da pá, b (mm) 50 40 Ângulo da pá, � (grau) 70 80 Determine: (a) A velocidade de rotação para a qual Vt1 0� . (b) A altura de carga teórica. (c) A potência mecânica de alimentação da bomba para uma vazão volumétrica Q � 0,5 m3/s. Solução: Equações de cálculo: 0 3 10 2 0 3 1 10 2 2 1 2 1 2 1 2 1 ( ) ˙ ( ) ˙ ( . ) ( ) ( ) ( . ) W U V U V m b H g U V U V c m t t t t � � � � CAP010/1 11/6/02, 1:05 PM2 Considerações: (1) Escoamento uniforme na entrada e na saída das pás. (2) O escoamento entra e sai tangencialmente às pás. (3) Vt1 0� (dado). Trace os diagramas de velocidades: Da equação da continuidade, V Q rb V sen V V sen n rb rb n� � � 2� � � ∴ Da geometria, V U V r V sen r Q rbt rb n� � � � � � � �cos cos cot� � � � � 2 Para Vt1 0� , então, � � � � � � � � � � r Q r b e Q b r m s m m rad s rpm 1 1 1 1 1 2 1 3 2 2 2 0 2 0 5 2 1 0 05 1 0 10 70 57 9 553 � � � � � cot cot , , ( , ) cot , / ( )° ← � Substituindo os valores numéricos, U rad s m m s V U Q r b m s m s m m m s H g U V s m m s m s m H t t 2 2 2 2 2 2 3 2 2 57 9 0 3 17 4 2 17 4 0 5 2 1 0 3 80 0 04 16 2 1 9 81 17 4 16 2 28 7 2 2 � � � � � � � � � � � � � � � �r , , , / ; cot , , , cot , , / , , , , � � � ° ← ← ˙ ˙ , , , ˙ ˙ W U V m gH Q m s m kg m m s N s kg m W s N m W kW W m t m m � � � � � � � � � � 2 2 1 3 2 2 9 81 28 7 999 0 5 141 CAP010/1 11/6/02, 1:05 PM3 Problema 10.11 Dados: Bomba centrífuga com as seguintes características: R mm N rpm R mm b mm Q L s projeto 1 2 2 2 37 5 1750 150 60 12 7 42 5 � � � � � � , , , / ( ) � ° Admita comportamento ideal com 100% de eficiência. Determine: (a) A altura de carga de bloqueio. (b) As velocidades absoluta e relativa de descarga, a altura de carga total e a potência teórica requerida na vazão de projeto, Q. Solução: Aplique a equação de Euler para turbomáquinas. Equação de cálculo: H g U V U V W QgHt t m� � � �1 2 12 1( ); ˙ No bloqueio, V U R o H g R R R g U g rev rad rev s rad s U rad s m m s H m s s m m de bloqueio H t o 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1750 2 60 183 183 0 150 27 5 27 5 9 81 77 1 � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � , log ( ) ( ) min min / ; , , / ( , ) , , ( )Carga ← Da equação da continuidade, V Q r b Q L S m L m s V m s m m m s n n 2 2 2 42 5 10 4 25 10 1 2 4 25 10 1 0 150 1 0 0127 3 55 2 2 3 3 2 3 2 3 � � � � � � � � � � � � � � � ; , , / , , , , / CAP010/1 11/6/02, 1:05 PM4 O diagrama de velocidades (admitindo que o escoamento sai tangencialmente às pás) é: V V sen V V sen m s V V V V V U V V U V m s m s m n rb rb n n t t n t n rb 2 2 2 2 2 2 2 2 2 4 10 2 27 5 3 55 60 25 5 2 2 2 2 2 1 2 2 2 2 2 � � � � � � � � � � � � � � � � � � ; , / ; tan cot , , cot , ← [ ] ° // ; tan ( , ) ( , ) , / ( , ) s V V V m s m s V n t � � 2 1 2 2 2 2 2 2 2 23 55 25 5 25 7 7 93 � � � � � [ ] ° ← Finalmente, desprezando Vt1 , H s m m s m s m H� � � � 2 9 81 27 5 25 7 72 0 , , , , ← e ˙ , , , , ˙W kg m m s m s m N s kg m W s N m kW Wm m� � � � � � �999 0 0425 9 81 72 0 30 0 3 3 2 2 ← {A potência teórica requerida seria reduzida pela presença de redemoinhos no escoamento de entrada.} Problema 10.14 Dados: Uma bomba d’água centrífuga projetada para N � 1160 rpm, � � 0,75. r in r in b in b in Q ft s graus 1 2 1 2 3 2 3 5 6 5 0 4 0 3 1 40 � � � � � � , , , , / � Determine: (a) Desenhe os diagramas de velocidades. (b) O ângulo de entrada da pá para o qual Vt1 0� . (c) O ângulo absoluto do escoamento de saída (medido em relação à direção normal). (d) Avalie a potência hidráulica e a altura de carga. Solução: Aplique a equação da continuidade e a equação de Euler das turbomáquinas. CAP010/1 11/6/02, 1:05 PM5 Equações de cálculo: V Q rb W Q U V U V rev rad rev s rad s U ft s U ft s V ft s in in in ft ft s V r b r b n m t t n n � � � � � � � � � � � � � � � � � � 2 1160 2 60 121 35 3 65 5 1 2 1 1 3 5 1 0 4 144 16 4 2 1 1 1 2 3 2 2 1 1 2 2 2 1 2 � � � ˙ ( ) min min / ; , / , , / , , , / ; VV ft sn1 11 8� , / tan , � � � 1 1 1 1 124 9 � � V U n ° ← Do diagrama, V U V U V ft s V V W slug g ft ft s ft s ft s t n n t n m 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 1 3 3 65 5 11 8 40 55 6 55 6 11 8 78 0 1 94 1 65 5 55 6 � � � � � � � � � � � � � � � � cot tan , , tan , / tan tan , , , ˙ , , , � � � � ° ° ← 00 550 12 8 65 5 55 6 32 2 113 2 2 1 2 2 2 2 1 ← ← lbf s slug ft hp s ft lbf hp W H U V U V g W Qg ft s s ft ft H m pp t t m � � � � � � � � � � , ˙ ˙ , , , Problema 10.19 Dados: Dados de testes com uma bomba Peerless Tipo 1430 operada a 1750 rpm com um impulsor de diâmetro de 14,0 in são: Vazão, Q (gpm) 270 420 610 720 1000 Carga total, H (ft) 198 195 178 165 123 Potência de entrada, � (hp) 25 30 35 40 45 Entrada: Saída: CAP010/1 11/6/02, 1:06 PM6 Determine: (a) Trace as curvas de desempenho para essa bomba; inclua uma curva de eficiência versus vazão em volume. (b) Localize o ponto de melhor eficiência e especifique as características operacionais da bomba nesse ponto. Solução: Aplique a definição de eficiência. Equações de cálculo: � � � � � � � � � � � � � � p h m m h h p W W W Qg H W slug ft Q gal ft s H ft lbf s slug ft ft gal hp ft lbf W h Q gpm H ft ˙ ˙ ; ˙ ˙ , min , , min ˙ ( ) , ( ) ( ) 1 94 32 2 7 48 33000 2 53 10 3 2 2 3 4 Deste modo, Q (gpm) 270 420 610 720 1000 � (—-) 0,541 0,690 0,784 0,751 0,691 Traçando o gráfico: O ponto aproximado de melhor eficiência (PME) é mostrado pela linha tracejada. No PME, � � � � 79 630 176 por cento Q gpm H ft PME← Ef ici ên cia , n (% ) Al tu ra d e ca rg a to ta l, H (ft) Vazão volumétrica, Q (gpm) CAP010/1 11/6/02,1:06 PM7 Problema 10.21 Dados: Dados medidos durante os testes de uma bomba centrífuga a 3500 rpm: Q � 11,5 m3/h, T � 3,68 N m. Entrada, Saída, Parâmetro Seção � Seção � Pressão manométrica, p (kPa) 95,2 412 Elevação acima da referência, z (m) 1,25 2,75 Velocidade média do escoamento V (m/s) 2,35 3,62 Determine: (a) As alturas de carga dinâmica total na entrada e na saída da bomba. (b) A potência hidráulica entregue ao fluido. (c) A eficiência da bomba. (d) A potência nominal requerida para o motor elétrico. (e) A potência elétrica requerida se �m � 0,85. Solução: A altura de carga dinâmica total é H p g V g zt � � 2 2 . Avaliando, H N m m kg s m kg m N s m s s m m H H N m m kg s m kg m N s m s s t t t1 1 2 95 2 10 999 9 81 2 35 2 9 81 1 25 13 2 412 10 999 9 81 3 62 2 3 2 3 2 2 2 2 2 2 3 2 3 2 2 2 2 2 � � � � � � � � � � � � , , ( , ) , , , , ( , ) ← 22 3 3 2 2 3 9 81 2 75 45 5 999 11 5 9 81 45 5 13 2 3600 1 01 10 1 01 2 , , , ˙ , , ( , , ) ˙ , , m mm H W Qg H kg m m h m s m N s kg m h s W s N m W W kW W t h h h � � � � � � � � � � � � � � ← ← A potência mecânica requerida é, ˙ min , min , ˙ ˙ , , , W T rev N m rad rev s W s N m kW W W por cento m p h m p � � � � � � � � � � � � � � 3500 3 68 2 60 1 35 1 01 1 35 0 748 75� ← CAP010/1 11/6/02, 1:06 PM8 A potência nominal do motor elétrico é, � � �m mkW hp kW hp então especifique hp m� � � �1 35 0 746 1 81 2, , , , , ← A potência elétrica requerida é: � �e m m P kW kW e� � � � 1 35 0 85 1 59, , , ← Problema 10.25 Dados: Uma pequena bomba centrífuga com as seguintes características: N � 2875 rpm com água Q � 252 gpm, H � 138 ft no PME � � 0,76 Determine: (a) A velocidade específica da bomba na condição de teste. (b) Esboce a forma do impulsor esperada. (c) A potência requerida pela bomba. Solução: Equações de cálculo: N N rpm Q gpm H ft W W QgH N rpm gpm ft N S m h Scu S � � � � � � � � ( )[ ( )] [ ( )] ; ˙ ˙ ( ) ( ) / / / / 1 2 3 4 3 4 3 4 2875 252 138 1130 ← A velocidade específica adimensional é N s d N USS S( . .) ( ) ,� � �2733 1130 2733 0 413 Da Fig. 10.14, o impulsor será centrífugo: Velocidade específica, Ns CAP010/1 11/6/02, 1:06 PM9 A potência requerida é ˙ ˙ ˙ , , min , , min ˙ , ˙ W W QgH W slug ft gal ft s ft lbf s slug ft ft gal hp ft lbf W hp W m h p m m m � � � � � � � � � � � � � � 1 0 76 1 94 252 32 2 138 7 48 33000 11 6 3 2 2 3 ← Problema 10.26 Dados: Curvas típicas do desempenho de uma bomba centrífuga, testada com três diâmetros diferentes de impulsor: Determine: (a) A vazão no ponto de melhor eficiência (PME) com um impulsor de 12 in de diâmetro. (b) Usando transposição por escala, faça uma previsão do funcionamento dessa bomba usando impulsores com diâmetros de 11 in e 13 in. (c) Comente sobre a exatidão da transposição por escala. Solução: Do gráfico, o PME ocorre para o impulsor de 12 in em Q gpm e H ft PME� �2200 130 12← Da Seção 10-4.3, as relações de escala são Q Q D D Q gpm gpm Q gpm gpm H H D D H ft ft H ft ft Deste o PME é em Q gpm H ft PME 2 1 2 1 3 11 3 13 3 2 1 2 1 2 11 2 13 2 11 11 2200 11 12 1690 2200 13 12 2800 130 11 12 109 130 13 12 153 1690 109 � � � � � � � � � � � � ; ; mod , , PMEPME é em Q gpm H ft PME13 2800 153 13� �, ← Vazão volumétrica, Q (gpm) Al tu ra d e ca rg a to ta l, H (ft) Diâmetro do impulsor (in.) Eficiência (%) CAP010/1 11/6/02, 1:06 PM10 A aplicação completa das relações de escala tende a aumentar muito o valor da vazão volumétrica. A exatidão pode ser melhorada usando Q2 � Q1(D2/D1)2, visto que a largura do impulsor não varia, e H2 � H1 (D2/D1)2, visto que H é proporcional a V2. Com essas relações modificadas, (Q , H ) 1850 gpm, 109 ft e (Q , H ) 2580 gpm, 153 ft11 11 13 13� � Esses pontos obtidos com o método de escala modificado estão mais próximos dos PMEs medidos. Problema 10.28 Dados: Sistema de tratamento de esgoto com Q � 30 mgd (milhões de galões por dia) para H � 30 ft. As bombas devem ser a prova de entupimento com uma eficiência estimada, � � 0,65, e motores elétricos com potência de 50 hp ou menos. Determine: (a) O número de motobombas necessárias. (b) A velocidade de operação recomendada. Solução: A potência total para o fluido é ˙ , , min min W Qg H QH lbf ft gal dia ft ft gal dia h h hp ft lbf hp h � � � � � � � � � � � � � 62 4 30 10 30 7 48 24 60 33000 158 3 6 3 A potência mecânica total requerida é ˙ ˙ , W W hp hpm h� � � � 158 0 65 143 Portanto 5 motobombas de 50 hp cada uma são necessárias. n← A vazão por bomba é Q gal dia dia h h gpm� � � � � �1 5 30 10 24 60 4506 min Da Fig. 10.15, o pico de eficiência tende a ocorrer com Ns � 2500. Como N N Q H então N N HQ rpm S S � � � � � 3 4 3 4 1 2 3 4 1 2 2500 30 4170 496 / / / / / , , ( ) ( ) A velocidade padrão mais próxima de 496 rpm deve ser usada. N← {Nota: A instalação real será provavelmente construída com n � 6 motobombas, de modo que uma fique fora de serviço enquanto as outras 5 funcionam.} CAP010/1 11/6/02, 1:06 PM11 Problema 10.36 Dados: Curvas de desempenho para bombas Peerless Tipo 16A18B, Apêndice D. (Impulsor com D � 18,0 in.) Determine: (a) Desenvolva e trace curvas de ajuste para rotações nominais de 705 e 880 rpm. (b) Verifique os efeitos da velocidade da bomba na transposição das curvas por relação de escala, usando o procedimento descrito no Problema-Exemplo 10.7. Solução: Os dados de desempenho e as curvas de ajuste tabeladas são: 705 rpm: Q(gpm) 0 2000 4000 6000 8000 PME: 6250 H (ft) 59 56 50 43 32 42 Curva de ajuste: ˆ ( )H ft � 57,8 � 4,09 � 10�7 [Q(gpm)]2; r2 � 0,994 880 rpm: Q(gpm) 0 2000 4000 6000 8000 PME: 7900 H(ft) 92 89 84 78 68 69 Curva de ajuste: ˆ ( )H ft � 91,5 � 4,01 � 10�7 [Q(gpm)]2; r2 � 0,992 Trace o gráfico: Usando o procedimento do Problema-Exemplo 10.7: Q Q H H ft ft Q Q gpm gpm H H ft ft B B B B C C C C � � � � � � � �� � � � � �� � � � � �� � � � 0 59 880 705 91 9 6250 880 705 7800 42 880 705 65 4 2 2 2 2 ; , , Vazão volumétrica, Q (gpm) Al tu ra d e ca rg a to ta l, H (ft) CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM12 A comparação dos parâmetros de ajuste de curvas mostra uma boa concordância: ˆ , , , /( ) , /( ) , % H H AQ H ft comparado a H ft A ft gpm A ft gpm desvio de O O B� � � � � � � � � � � � � 2 7 2 7 2 91 5 91 9 4 01 10 4 09 10 2 0 Problema 10.38 Dados: Uma bomba deve operar a Q � 250 cfs, H � 400 ft e N � 870 rpm. Os testes com o modelo devem ser feitos em uma bancada onde Q � 5 cfs e um dinamômetro de 300 hp está disponível. Admita que as eficiências do modelo e do protótipo sejam aproximadamente iguais. Determine: A velocidade apropriada para o teste do modelo e a razão de escala. Solução: Para obter pontos de operação homólogos, faça testes no modelo com as mesmas velocidades específicas do protótipo. Q ft s gal ft s gpm N NQ H rpm gpm ftScu � � � � � � � 250 7 48 60 112 000 870 112 000 400 3260 3 3 1 2 3 4 1 2 3 4 , min . ( . ) ( ) / / / / (A velocidade específica adimensional é Ns,nd � 3260/2733 � 1,19. A Fig. 10.14 indica uma geometria de escoamento misto.) A Fig. 10.15 indica � � 0,92 para essa Ns. Portanto, ˙ ˙ , , .W W QgH lbf ft ft s ft hp s ft lbf hpm h� � � � � � � � � � � 1 0 92 62 4 250 400 550 12 300 3 3 Para o modelo, H W Qg hp ft lbf s ft ft lbf hp s ftm m� � � � � � � �˙ / , , � 0 92 300 62 4 5 550 4873 3 Para igualar as velocidades específicas, tem-se N N HQ ft gpm rpm Nm S m m cu cu m� � � 3 4 1 2 3 4 1 2 3260 487 2240 7140 / / / / ( ) ( ) ← A razão de escala pode ser obtida das leis de escala. Por exemplo, como Q D Q D D D Q Q D D m m m p p p m p m p p m m p � � � � � � � � �3 3 1 3 1 3 1 50 870 7140 0 135, , / / ← Assim, D D A razão de escala é param p� �0 135 1 0 135 7 43 1, ( / , , ) CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM13 Verifique, usando a razão de alturas de carga, H D H D H H D D ft ft ft m m m p p p m p m p m p � � � � � � � � 2 2 2 2 2 2 2 2400 7140 870 0 135 491 487 ( , ) � Essa concordância é aceitável, considerando-se o erro de arredondamento. {É necessário muito cuidado para evitar cavitação na bomba modelo para velocidades acima de 7000 rpm.} Problema 10.42 Dados: Um modelo de bomba fornece Q � 1,25 l/s de água a 15°C, com H � 18,6 m e N � 3500 rpm. Determine: (a) A temperatura da água para obter operação dinamicamente semelhante em 1750 rpm. (b) Estime a vazão volumétrica e a altura de carga em 1750 rpm. (c) Comente sobre os requisitos de NPSH para os dois testes. Solução: Para semelhança dinâmica, iguale os números de Reynolds. Assim, Re Re tan , ; , 1 2 1 2 2 2 1 1 2 2 2 1 2 1 1 1 1750 3500 0 5 � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � VD D D D cons te então Da Tabela A.8, � � � � � � � � 1 6 2 2 5 21 27 10 15 0 64 10, / . , , / .m s para C Assim m s° Da Tabela A.8, � � � �0 64 10 495 2, /m s quando T C T� ° ← Para operação semelhante, Q D Q D e H D H D Assim Q Q Q Q L s Q H H H H m H 1 1 1 3 2 2 2 3 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 2 1 2 1 1 1 2 1 2 1 2 1 2 1 1750 3500 0 5 0 625 1750 3500 0 25 4 65 2 2 � � � � � � � � � � � � � � � � � � . , , , / , , ← ← O líquido a T2 � 49°C estaria muito mais perto da ebulição. A pressão de entrada deveria ser aumentada para evitar a cavitação. CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM14 O aumento de pressão seria � � � � �p pv pv N m kPa2 1 6 20 0118 0 0017 10 10 1( , , ) , A altura de coluna d’água equivalente é � � � � � � � � H p g N m m kg s m kg m N s m H8 90 10 0 989 1000 9 81 1 043 2 3 2 2 , ( , ) , , ← Problema 10.46 Dados: NPSHR de uma bomba dado por Hr � H0 AQ2, onde H0 � 10 ft e A � 4,1 � 10�5 ft/(gpm)2. Sistema de suprimento: Determine: A vazão volumétrica máxima para operação sem cavitação. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento em tubos e a definição de NPSH. Equações de cálculo: � � � � � � � � � � � � � � � � 0 1 0 2 0 4 2 2 2 0 5 2 12 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 ( ) ( ) ( ) ; , (cot ), � p g V g z p g V g z h g h f L D V K f L D K NPSHA p pv g p g p g V g pv g L D ovelo lt lt e ent t abs atm e � � Considerações: (1) p1 � 0 (manométrica). (2) V1 0� . (3) �2 1� . (4) z2 � 0. Então, p gz V f L D L D K V g z f L D L D K V g e e 2 1 2 2 2 2 1 2 2 2 2 1 2 1� � � � � � � � � ( ) Podemos obter uma expressão para p2 na forma p2 � �g(C1 � C2Q2). 20 ft de tubo de ferro fundido de 6 in CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM15 Avaliando para Q gpm ft s para T F pv psia V Q A Q D ft s ft ft s A ft VD ft s ft ft e D f � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � 500 1 11 68 0 339 4 4 1 11 1 0 5 5 65 0 196 5 65 0 5 5 1 10 10 2 57 10 0 00170 3 2 3 2 2 2 5 2 5 ( , / ) ( , ), , ( , ) , / ; , Re , , , , ; , ; ° � � �� 0 023, Então, C ft e C f L D L D K g A e ft Tabela C s ft ft ft gal s e 1 2 2 2 2 2 4 6 2 2 2 20 0 1 1 2 0 00085 8 1 0 023 20 0 5 12 0 5 1 1 2 32 2 1 0 196 7 48 3600 � � � � � � � � , ( , , . ) , , , , ( , ) ( , ) min 22 6 2 5 41 10� � �, ( ) ft gpm Expressando NPSHA como uma pressão, obtemos para a água fria NPSHA p p V pv psia psiaatm� � � � � �2 2 2 2 7 32 14 7 0 215 0 339 21 9( , , , , ) , Isto é equivalente a 56 ft de coluna de água. Realizando cálculos similares para outras vazões obtemos NPSHA psia Q gpm F água ou NPSHA ft Q gpm F água ( ) , , ( ) ( ) ( ) , , ( ) ( ) � � � � � � � � 23 0 4 42 10 68 56 0 1 02 10 68 6 2 5 2 [ ] ° [ ] ° O ponto de operação do sistema deve ser em NPSHA � NPSHR ou NPSHR H AQ NPSHA H BQo a� � � �2 2 Resolvendo para Q, Q H H A B ft gpm ft gpm Qa o máx� � � � � � ← − 1 2 2 5 56 0 10 0 1 02 4 10 10 948 1 2/ ( , , ) ( )( , , ) CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM16 Traçando o gráfico: Vazão volumétrica, Q (gpm) Al tu ra d e ca rg a, H (ft) NPSHA (Água a 68°F) NPSHR (Água a 68°F) Problema 10.51 Dados: Uma bomba Peerless Tipo 4AE12, horizontal, de carcaça bipartida, com um impulsor de 11 pol de diâmetro, operando a 1750 rpm, eleva água entre dois reservatórios conectados por dois tubos de ferro fundido em série. L ft D in L ft D in z ft1 1 2 2200 4 200 3 10� � � � �, ; , ; Trace um gráfico da curva de carga do sistema e determine o ponto de operação da bomba. Solução: Aplique a equação de energia ao sistema total, para escoamento permanente e incompressível, usando � e � nas superfícies do reservatório. Equações de cálculo: p g V g z H p g V g z h g h f L D V g f L D V g a l l t t 3 3 3 2 3 4 4 4 2 4 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 � � � � � � (10.24b) Considerações:(1) p3 � p4 � patm. (2) V3 � V4 � 0. (3) Despreze as perdas localizadas. Então, H z z f L D V g f L D V glt � � 4 3 1 1 1 1 2 2 2 2 2 2 2 2 (1) Expresse V como uma função de Q. V Q A Q D Q ft gal ft gal s Q gpm V Q gpm 1 1 1 2 2 2 3 2 4 4 12 4 7 48 60 0 0255 0 0454 � � � � � � � � � � min , min , ( ) , ( ) CAP010/1 11/6/02, 1:07 PM17 O fator de atrito é determinado da equação de Colebrook 1 2 0 3 7 2 51 0 5 0 5f e D f, , , log / , , Re �� (8.37a) usando a equação de Miller para a estimativa inicial de f f e Do � � 0 25 3 7 5 74 0 9 2 , log / , , Re , (8.37b) Admitindo T � 59°F, v � 1,23 � 10�5 ft2/s (Tabela A.7) Re , , , Re ,1 1 5 1 4 1 2 4 2 4 12 10 1 23 2 71 10 2 03 10� � � � � � �DV V V V v Para o ferro fundido, e ft Tabela e D e D H ft f V f Va � � � � � � 0 00085 8 1 0 00255 0 00340 10 9 317 12 42 1 2 1 1 2 2 2 2 , ( . ) / , / , , , CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM18 A curva da bomba é obtida da Fig. D.4. V1 V2 Q (gpm) (ft/s) Re1 f0)1 f0,5)1 f1 (ft/s) Re2 f0)2 f0,5)2 f2 Ha (ft) 0 0,0 0,00E 00 10,0 50 1,3 3,46E 04 0,0290 5,905 0,0287 2,3 4,61E 04 0,0299 5,817 0,0295 12 100 2,6 6,91E 04 0,0273 6,083 0,0270 4,5 9,22E 04 0,0287 5,933 0,0284 19 150 3,8 1,04E 05 0,0266 6,154 0,0264 6,8 1,38E 05 0,0282 5,977 0,0280 30 200 5,1 1,38E 05 0,0263 6,193 0,0263 9,1 1,84E 05 0,0280 6,000 0,0278 45 250 6,4 1,73E 05 0,0261 6,217 0,0259 11,4 2,30E 05 0,0278 6,014 0,0277 64 300 7,7 2,07E 05 0,0259 6,233 0,0257 13,6 2,76E 05 0,0277 6,023 0,0276 88 350 8,9 2,42E 05 0,0258 6,245 0,0256 15,9 3,32E 05 0,0276 6,030 0,0275 115 400 10,2 2,76E 05 0,0257 6,255 0,0256 18,2 3,69E 05 0,0276 6,036 0,0275 147 450 11,5 3,11E 05 0,0256 6,262 0,0255 20,4 4,15E 05 0,0275 6,040 0,0274 183 Q (gpm) Hp (ft) 0 126 100 126 200 125 300 120 400 113 500 100 600 85 Curva do sistema Curvas do sistema e da bomba Curva da bomba A bomba opera em Q � 350 gpm, H � 115 ft. CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM19 Problema 10.54 Dados: Dados de desempenho de uma bomba: H (ft) 148 140 130 115 100 75 50 Q (gpm) 0 800 1200 1600 2000 2400 2800 O sistema é constituído de L � 1200 ft de tubo de aço comercial, com D � 12 in, dois cotovelos de 90° e uma válvula tipo gaveta, aberta, conectando dois reservatóriosabertos, com uma diferença de altura de 50 ft. Determine: (a) Estime a vazão com a válvula gaveta aberta. (b) O coeficiente de perda da válvula para reduzir a vazão volumétrica pela metade. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento permanente e incompressível em tubos. Equação de cálculo: � �0 2 0 3 0 2 2 2 1 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 ( ) ( ) ( ) ; � � � � p g V zg z Hp p g V g z h g h f L D L D K Vl l eT T � � � Considerações: (1) p1 � p2 � patm. (2) V V1 2 0� � . (3) z1 � 0, z2 � 50 ft. (4) Ksaída � 1, Kent � 0,5. Exemplo de cálculo para 2000 gpm (4,46 ft3/s), T � 70°F, portanto, � �� �1 05 10 5 2, /ft s (Tabela A.7) V Q A Q D ft s ft ft s VD e ft Tabela e D f Cotovelo Válvula gaveta H z f L D L D K V g ftb e � � � � � � � � � � � � � � � 4 4 4 46 1 1 5 68 5 41 10 0 00015 8 1 0 00015 0 015 2 50 0 015 1200 1 2 3 2 2 5 2 2 � � , ( ) , / ; Re , , ( . ), / , , , , � � �2 12 8 1 0 5 1 2 5 68 32 2 60 22 2 2 2 ( ) , ( , ) , , ft s s ft ft CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM20 Plotando os resultados de cálculos similares: Vazão volumétrica com a válvula gaveta aberta; Q � 2560 gpm Q← Vazão volumétrica com a válvula gaveta parcialmente fechada: Q � 1290 gpm, portanto, Hb � 128 ft. Por iteração, Le /D � 22.400. L /De← Problema 10.57 Dados: Os dados de desempenho para uma bomba são: H(ft) 148 140 130 115 100 75 50 Q(gpm) 0 800 1200 1600 2000 2400 2800 Dois reservatórios abertos, z � 50 ft, L � 1200 ft, D � 12 in, aço comercial, dois cotovelos 90° e uma válvula tipo gaveta aberta. Idade do Tubo Multiplicador de f 20 2,0 40 2,4 Determine: (a) Estime as reduções percentuais que ocorrerão na vazão volumétrica após 20 e 40 anos. (b) Repita os cálculos para o caso da altura de carga da bomba ser reduzida de 10% após 20 anos e de 25% após 40 anos de uso. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento permanente e incompressível em um tubo. Equação de cálculo: � �0 2 0 5 0 2 2 2 2 1 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 ( ) ( ) ( ) ; � � � � � p g V g z H p g V g z h g h f L D L D K Vl l eT T� � � Curva do sistema: Válvula gaveta parcialmente fechada Válvula gaveta aberta Altura de carga da bomba, Hb (ft) Vazão volumétrica, Q (gpm) Curva da bomba, H ^ � 148 � 1,25 � 10�5 Q2 Ponto de operação: Válvula gaveta parcialmente fechada Válvula gaveta aberta CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM21 Considerações: (1) p1 � p2 � patm. (2) V V1 2 0� � . (3) z1 � 0, z2 � 50 ft. (4) Ksaída � 1, Kent � 0,5. Exemplo de cálculo para Q � 2000 gpm (4,46 ft3/s): V Q A Q D ft s ft ft s VD e D f Cotovelo Válvula H z f L D L D K V g ftb e � � � � � � � � � � � � � � � � 4 4 4 46 1 1 5 68 5 41 10 0 00015 0 015 2 50 0 015 1200 1 2 12 8 2 3 2 2 5 2 2 � , ( ) , / ; Re , ; / , ; , , ( ) � � �1 5 1 2 5 68 32 2 60 22 2 2 2 , ( , ) , , ft s s ft ft Plotando os resultados de cálculos similares: Os resultados (em gpm) são: Idade do tubo Novo 20 anos 40 anos Desempenho 100 2570 2390 2330 da bomba 90 2280 (%) 75 2020 As reduções na vazão são – 7% (20 anos) e – 9,3% (40 anos), considerando constante o desempenho da bomba, e –11,3% (20 anos) e �21,4% (40 anos), considerando o desgaste da bomba. Q ← Novo Altura de carga da bomba, Hb (ft) Vazão volumétrica, Q (gpm) Curva da bomba: ˆH � 148 � 1,25 � 10�5 Q2 Bomba com desgaste de 10% Idade do tubo: 40 anos 20 anos CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM22 Problema 10.61 Dados: Sistema de escoamento mostrado. Vazão de projeto: Q � 200 gpm. O tubo é de aço comercial com D � 4 in. Determine: (a) Calcule o NPSHA. (b) Especifique uma bomba adequada. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento permanente e incompressível em um tubo. Equação de cálculo: � �0 2 0 2 2 2 2 2 2 2 ( ) ( ) ; p g V g z H p g V g z h g h f L D L D K Vi T Ti i i b j j j j l l e � � � � � � Considerações: (1) Os reservatórios são abertos para a atmosfera. (2) As velocidades nos reservatórios são desprezíveis. (3) T � 70°F (pv � 0,363 psia, Tabela A.7). Para Q gpm ft s então V Q A Q D ft s ft ft s e ft� � � � � � � �200 0 446 4 4 0 446 12 4 026 1 5 04 0 000153 2 3 3 2 ( , / ), , , , / ; , � � Deste modo, Re , ; , ; , ; ( , ) , ,� � � � � � � � � � VD e D f V g ft s s ft ft1 58 10 0 000447 0 0190 2 1 2 5 04 32 2 0 3945 2 2 2 2 2 Poço Válvula de pé com disco articulado Válvula de retenção tipo angular Expansão súbita Válvula gaveta (totalmente aberta) Manômetro de pressão de descarga CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM23 Para a entrada, Válvula de pé p g V g z z f L D L D K V g ft posto que V Entrada Então NPSHA p pv g p g p g p g ft ft NPSHA e t abs t atm , , , , , , ( , , , ) ,, 75 2 2 5 60 0 0 78 5 60 33 4 0 838 27 5 2 2 2 2 1 2 2 1 � � � � � � � � � � � � � � � � � � ← � v [ ] Válvula de retenção Para o sistema completo L D ft ft L D Válvula gaveta H z z f L D L D K V g ft e b e , / ( ) . , ( ) , ( ) , , � � � � � � � � � 1250 5 12 4 026 1 3740 75 55 8 138 2 289 24 0 019 3740 138 0 78 1 02 1 2 394394 295 200 ft H ft para Q gpm Hb� � � ← Da Fig. D.1, uma bomba 4AE12 (com descarga de 4 in) seria adequada para o sistema. Essa bomba produz a altura de carga requerida a uma velocidade entre 1750 e 3550 rpm (Figs. D.4 e D.5), porém a eficiência pode não ser aceitável. {Consulte um catálogo completo de bombas para fazer uma seleção melhor.} Problema 10.66 Dados: Uma mangueira de incêndio com bocal conforme mostrado. A mangueira de lona tem D � 3 in, e � 0,001 ft. Determine: (a) A vazão de projeto. (b) A velocidade máxima na saída do bocal. (c) Selecione uma bomba adequada para a aplicação. (d) Determine a eficiência e a potência da bomba. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento em tubos: Equação de cálculo: p V gz p V gz h h h h f L D V l l lm l T 1 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 2 2 2 � � � � � � � � Bocal Bomba CAP010/1 11/6/02, 1:08 PM24 Considerações: (1) V V1 2� . (2) z1 � z2. (3) hlm � 0. Então, p p p f L D V V D p f L e D in ft in ft f completamente rugoso V in lbf in ft slug ft in ft slug ft lbf s 1 2 2 2 3 2 2 2 0 001 3 12 0 004 0 028 2 0 028 3 3 33 1 94 1 300 12 1 2 � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � ; ; , , ; , ( ) , ( ) , ← 1 2 2 2 2 2 2 3 20 9 4 4 3 12 0 0491 20 9 0 0491 7 48 60 461 � � � � � � � � � � , / ; , , , , min ( ) ft s Q VA A D ft ft Q ft s ft gal ft s gpm vazão de projeto Q � � Aplique a equação de Bernoulli ao bocal 0 2 2 2 2 100 1 94 144 20 9 124 2 2 2 2 2 2 2 2 2 3 2 2 2 2 2 1 2 1 2 p V gz p V gz V p V V lbf in ft slug in ft ft s ft s V atm n n n n n � � � � � � � � � � ; , ( , ) / ← O requisito de carga da bomba será (desprezando V e z): H p p g lbf in ft lbf in ft ft Hb b� � � � � � �1 0 2 3 100 3 33 50 62 4 144 344 � ( ) , [ ] ← No diagrama de seleção de bombas (Fig. D.1) escolha a bomba 3AE9G ou 4AE10, para 3500 rpm. Com a bomba 4AE12 a 3550 rpm (Fig. D.5), espera-se � 0,75. ← P Q p Q g h ft s ft lbf ft ft hp s ft lbf hp P� � � � � � � � � � � � � � 1 0 75 20 9 0 0491 62 4 344 550 53 42 3 , , , , , ← CAP010/2 11/5/02, 8:27 AM25 Problema 10.68 Dados: Sistema de escoamento com duas elevações estáticas. O tubo de cada linha tem 1000 ft de comprimento e 8 in de diâmetro. Determine: (a) Trace um gráfico da altura de cargaversus vazão do sistema. (b) Calcule a vazão quando a carga da bomba for Ha � 88 ft. (c) Explique o que acontece quando Ha � 78 ft. Solução: Aplique a equação de energia ao sistema para escoamento permanente e incompressível entre as superfícies � e � e entre as superfícies � e � do reservatório. Equação de cálculo: p g V g z H p g V g z h g b h f L D L D K V a l l e T T 1 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 2 2 10 24 2 � � � � � � ( . ) Considerações: (1) p1 � p2 � p3 � patm. (2) V V V1 2 3 0� � � . (3) z1 � 0. (4) Kent � 1. Expresse V em função de Q V Q A Q D Q ft gal ft gal s Q gpm� � � � � �4 4 12 8 7 48 60 0 00638 2 2 2 3 � � min , min , ( ) O fator de atrito é determinado da equação de Colebrook 1 2 0 3 7 2 51 8 37 0 5 0 5f e D f a , , , log / , , Re ( . )�� usando a equação de Miller para a estimativa inicial f e D b0 0 9 2 0 25 3 7 5 94 8 37� � , log / , , Re ( . ) , 1000 ft de tubo de 8 in (ferro fundido) CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM26 Admitindo T F ft s Tabela A DV V V � � � � � � � � �59 1 23 10 7 8 12 10 1 23 5 42 10 5 2 5 4 ° , , / ( . ) Re , , v v Para o ferro fundido, e ft Tabela e D� �0 00085 8 1 0 00128, ( . ) / ,∴ Para a elevação de 78 ft (perna 1) L D L D L D K L D H ft f V g e e tê lateral e a / / ) / ) , / , cot .� � � � � � 90 2 60 30 90 1 0 1500 78 1590 1 2 ° [ ] Para a elevação de 50 ft (perna 2) L D L D L De e tê principal e/ / ) / ), cot .� � � �2 20 2 30 8090° K L D H ft f V ga � � � 1 1500 50 1580 1 22 / /[ ] Ha (ft) Ha (ft) Q(gpm) V(m/s) Re f0 f0,5 f (perna 1) (perna 2) 0 0,00 0,00E 00 78 50 200 1,28 6,92E 04 0,0241 6,473 0,0239 79 51 400 2,66 1,38E 05 0,0227 6,663 0,0225 82 54 600 3,83 2,07E 05 0,0222 6,739 0,0220 86 58 800 5,10 2,77E 05 0,0219 6,780 0,0218 92 64 1000 6,38 3,46E 05 0,0217 6,806 0,0216 100 72 1200 7,66 4,15E 05 0,0216 6,824 0,0215 110 82 1400 8,93 4,84E 05 0,0215 6,837 0,0214 121 93 Perna 2 Curvas do Sistema Perna 1 CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM27 Problema 10.72 Dados: Bomba e sistema de tubos em uma casa vizinha a um lago, conforme mostrado. Os tubos são de ferro galvanizado. D � 3,068 in (3 in nominal), A � 0,0513 ft2. Determine: (a) A curva de carga versus vazão do sistema. (b) O ponto de operação do sistema. (c) A potência consumida pela bomba se b � 0,8. (d) Esboce a curva do sistema quando z4 � 90 ft. (e) Esboce a curva do sistema quando z3 � 75 ft com a válvula parcialmente fechada e Q � 0,1 ft3/s. (f) Em qual caso a bomba possui maior eficiência? Solução: Aplique a equação de energia para escoamento em tubos. A bomba deve vencer a elevação mais as perdas de carga no tubo e nas conexões. Considerações: (1) A velocidade nominal é, V ft s T F ft s Tabela A� � � � �12 60 1 21 10 75 2 / , , , ( . )° (2) O escoamento ocorre na região completamente rugosa, e ft Tabela e D f� �0 0005 8 1 0 002 0 024, ( . ), / , , ,� (3) Casos: (1) Água no tanque abaixo de � (válvula aberta). (2) Água no tanque em z � 90 ft (válvula aberta). (3) Válvula parcialmente fechada de modo que Q � 0,1 ft3/s. Entrada arredondada Válvula gaveta Cotovelo padrão CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM28 Então, H h g K f L D L D ovelo L D válvula gaveta K V g H ft in in ft V g V g e H z V T T ent e e saída T s final � � � � � � � � � 3 2 0 04 0 024 200 3 068 12 3 30 8 1 2 22 2 2 22 2 2 2 2 2 2 (cot ) ( ) , , , ( ) , , gg Hs← Admita V ft s Q gpm V g ft H fts� � � � �12 276 2 2 24 70 22 2 2 24 120 2 / , , , , , ( , ) Caso 1: z ft Ponto de operação Q gpm h H ft Ponto de operação P gQH lbf ft ft s ft ft hp s ft lbf hp P final b s b � � � � � � � � � � � � � � � 70 276 120 62 4 12 0 0 0513 120 1 0 8 550 10 5 3 2 : , , , , , , ← ← Caso 2: z ft H ft H Q gpm gpm Q gpm H final s s s � � � � � � � 90 90 22 2 2 24 140 90 50 0 276 90 6 56 10 2 2 2 4 2 ; , , , ( ) ( ) ( ) , ( ) [ ] ( )[ ] ← Caso 3: Q ft s gpm H H Admita H H H H H H Q Q Q H ft para Q gpm H maior s b BEP o b o o op op b b � � � � � � � � � � � � � � � 0 1 44 9 0 7 120 0 7 120 0 7 120 276 169 6 75 10 168 44 9 3 2 2 2 4 2 , / , ; ; , ( ) , ( / , ) , , ( ) ← Água bombeada do lago para o reservatório na encosta: Dados de Entrada: Fator de fricção: f � 0,024 (—) Diâmetro de tubo: D � 3,068 in CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM29 Resultados dos cálculos: Área do tubo: A � 0,0513 n2 Curvas do sistema para várias condições: Caso 1: Caso 2: Caso 3: Válvula parcialmente fechada Hs Hs Hs Q V V2/2g (z3 � 70 ft) (z3 � 90 ft) Q (z3 � 75 ft) (gpm) (ft/s) (ft) (ft) (ft) (gpm) (ft) 0 0 0,00 70,0 90,0 0 75,0 25 1,09 0,02 70,4 90,4 2 78,8 50 2,17 0,07 71,7 91,7 4 90,0 75 3,26 0,16 73,7 93,7 6 109 100 4,34 0,29 76,6 96,6 8 135 125 5,43 0,46 80,3 100 10 169 150 6,51 0,66 84,9 105 175 7,60 0,90 90,2 110 200 8,68 1,17 96,4 116 225 9,77 1,48 103 123 249,3 10,8 1,82 111 131 277 12,0 2,24 121 141 300 13,0 2,63 129 149 Curva de carga versus vazão da bomba: Q Hp (gpm) (ft) 0 171 50 170 100 165 150 156 200 145 250 130 277 120 300 111 Vazão volumétrica, Q (gpm) Carga do Sistema e da Bomba versus Vazão Volumétrica Al tu ra d e ca rg a H s e H b (ft) CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM30 Problema 10.74 Dados: Dados do fabricante para uma bomba submersa: Altura de descarga (ft) 1 2 5 10 15 20 26,3 Vazão da água (gpm) 20,4 20 19 16 13 8 0 Determine: (a) Trace a curva de desempenho para essa bomba. (b) Desenvolva e mostre uma curva de ajuste dos dados. (c) Calcule e trace um gráfico da vazão da bomba versus altura de descarga para (1) mangueira de jardim de 50 ft de comprimento e diâmetro de 3/4 in (2) tubo de 50 ft de comprimento e diâmetro de 1 in. Solução: Os dados de desempenho e a curva de ajuste estão plotados a seguir: A equação de energia para escoamento permanente e incompressível em tubos foi usada para desenvolver as curvas do sistema mostradas acima, para �z � 0. Para obter a vazão da bomba versus altura, adiciona-se a variação na elevação à altura de carga para �z � 0 de modo a determinar a nova interseção com a curva da bomba. O mesmo resultado é obtido quando a diferença entre a curva da bomba e da mangueira, para uma dada vazão, é igual a �z. Vazão volumétrica, Q (gpm) Altura de carga da bomba Hb (ft) Mangueira lisa, D � 0,75 in Curva de ajuste: ˆH � 25,0 � 0,0574 Q2; r2 � 0,992 Tubo galvanizado, D � 1 in (nom) D � 1,047 in (real) Curva da mangueira, �z � 0 Escoamento com �z Escoamento com �z � 0 CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM31 Traçando o gráfico: Problema 10.77 Dados: Dados de desempenho para um ventilador centrífugo tipo BL da Buffalo Forge (com D � 36,5 in) testado a 600 rpm: Vazão volumétrica, Q (cfm) 6000 8000 10.000 12.000 14.000 16.000 Aumento da pressão estática, �p (in. H2O) 2,10 2,00 1,76 1,37 0,92 0,42 Potência de entrada, � (hp) 2,75 3,18 3,48 3,51 3,50 3,22 Determine: (a) Trace a curva de desempenho versus vazão volumétrica. (b) Calcule e plote a eficiência estática. (c) Localize o ponto de melhor eficiência (BEP). (d) Especifique a rotação do ventilador no BEP. Solução: Aplique a definição de eficiência, � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � ˙ ˙ ˙ . . , , , ( ) , / . min , , min , W W Q p W Para Q cfm p g h lbf ft in H O ft in lbf ft ft lbf ft hp s hp s ft lbf h m m 10 000 62 4 1 76 12 9 15 10 000 9 15 1 3 48 60 550 0 797 3 2 2 3 2 ← Descarga da bomba Q (gpm) Tubo de 1 in, 50 ft Mudança de elevação, �z (ft) Mangueira de 3/4 in, 50 ft CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM32 Traçando o gráfico: O BEP é em Q � 9200 cfm, onde � 0,80 e �p � 1,87 in. H2O. BEP← Problema 10.81 Dados: Um túnel de vento, com seção de testede 1 pé quadrado, acionado por um ventilador conforme mostrado. O túnel contém duas telas, cada uma com K � 0,12, e um difusor entre a seção de teste e a entrada do ventilador com D � 24 in. Determine: (a) Calcule e plote �p versus Q. (b) Estime a velocidade máxima do ar. Vazão volumétrica, Q (1000 cfm) Eficiência, (– – –) Altura de carga estática, �p (in. H2O) Vazão volumétrica, Q (1000 cfm) Pr es sã o e st át ic a, � p (in H 2O ) Aumento de pressão estática Potência Po tê n ci a, � (hp ) CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM33 Solução: Aplique a equação de energia. Equação de cálculo: � 0 2 2 2 2 0 0 2 0 1 1 1 2 1 2 ( ) ; p V gz p V gz h h f L D L D K Vl l eT T� � � � � Considerações: (1) p0 � patm. (2) V0 � 0 11, � � . (3) z0 � z1. (4) Perdas no difusor e nas telas. � � � � � � � � p p p V h V K K V K K A A Q A ventilador atm l tela difusor s dT 1 1 2 1 2 2 1 2 2 22 2 2 2 2 2 ( ) Da continuidade, V A VA V V A A V Q A V Q A A ft A D ft1 1 12 2 1 2 2 2 2 2 1 1 2 21 4 3 14� � � � � � �; ; ; ; ; , � Da Fig K C C ARd pi p . . , , , ,8 19 1 1 0 70 1 1 3 14 0 70 0 199 2 2 � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � p Q ft ft slug ft lbf s slug ft s h p g Q cfm lbf ft ft lbf in ft Q cfm ventilador ventilador 2 0 12 0 199 0 101 1 2 1 1 0 00238 3600 1 79 10 62 4 12 3 43 10 2 6 2 2 4 3 2 2 2 2 2 3 8 27 , , , min , min , ( ) , , ( ) ( )[ ] ( ) [ ] [ ] A curva resultante está traçada no gráfico mostrado; os valores calculados estão tabelados a seguir. Q (1000 cfm) 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 �� (in �2O) 0,03 0,14 0,31 0,55 0,86 1,24 1,68 2,20 2,78 3,43 O sistema irá operar onde as curvas do ventilador e do sistema se cruzam. O ponto aproximado de operação é Q � 7400 cfm com h � 1,9 in H2O. A velocidade máxima na seção de teste é, V Q A ft ft s ft s V� � � � �7400 1 1 60 123 3 2min min / ← CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM34 Problema 10.83 Dados: Dados de testes experimentais para uma bomba de combustível de um motor de avião: Velocidade Contra Vazão do Velocidade Contra Vazão do Velocidade Contra Vazão do da bomba pressão combustível da bomba pressão combsutível da bomba pressão combustível (rpm) (psig) (pph*) (rpm) (psig) (pph) (rpm) (psig) (pph) 200 1810 200 1730 200 89 4536 300 1810 4355 300 1750 453 250 73 (100%) 400 1810 (96%) 400 1735 (10%) 300 58,5 500 1790 500 1720 350 45 900 1720 900 1635 400 30 * Vazão de combustível medida em libra-massa por hora (pph). A bomba fornece 450 pph de óleo a 150 psig para o controlador de combustível do motor. Determine: (a) Trace as curvas de pressão do óleo versus vazão para três velocidades constantes. (b) Estime o volume deslocado pela bomba por revolução. (c) Calcule a eficiência volumétrica em cada ponto e esboce os contornos de v constante. (d) Avalie a perda de energia devida a estrangulamento por válvula para 100% de velocidade e vazão total para o motor. Solução: Para a bomba, ˙ , tan , ˙ . , , min , min , / m N por to m N Analisando o caso de rpm lbm h gal lbm rev ft gal in ft h in rev � � � � � � � � � � ∀ ∀ ∀ ∀← 4536 1810 6 8 4536 7 48 1728 60 0 226 3 3 3 3� Vazão de combustível, ˙m (pph) Contra pressão, p (psig) CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM35 À velocidade constante, � � � v real geométrico m m p ∀ ∀ ˙ ˙ ( )0 Os cálculos mostram que v decresce quando a velocidade é reduzida, (veja a seguir). A energia perdida é W m m p lbm h gal lbm lbf in ft gal in ft hp s ft lbf h s W hp W p L L ˙ ˙ ˙ ( ) , , ˙ , ˙ � � � � � � � � � � � � � � � � � ← 1810 450 6 8 150 7 48 144 550 3600 0 292 2 3 2 2 Para 453 rpm, a melhor eficiência volumétrica é � � � � v m m p pph pph ou cerca de v� � ˙ ˙ ( ) , , %0 4536 453 89 1810 4536 453 0 0492 5 ← Para 4355 rpm, � � v pph pph ou mais do que isto é duvidoso v� 1730 1810 4536 4355 0 996 99, , % ( ) ← Problema 10.85 Dados: Um barco de propulsão a ar. ˙ / tan . , / . m kg s cons te No repouso V m s � � � 40 404 Determine: (a) O diâmetro da hélice propulsora. (b) O empuxo produzido em repouso. (c) O empuxo produzido quando o barco está a 10 m/s. CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM36 Solução: Aplique a equação da continuidade e a componente x da quantidade de movimento, usando o volume de controle movendo- se com o barco, conforme mostrado. Equação básica: � � � � 0 2 0 3( ) ( ) F F t u d u V dAS B VC xyz SC xyz xyzx x ∂ ∂ ∀∫ ∫� � Considerações: (1) Pressão atmosférica em torno do volume de controle. (2) Horizontal; FBx � 0. (3) Escoamento permanente. (4) Escoamento uniforme em cada seção. (5) Use velocidades relativas ao volume de controle. Então, T R u m u m V V m u V u V x� � � � � � � 1 4 4 1 1 1 4 4 1˙ ˙ ( ) ˙ ( ){ } { } Pode ser mostrado (veja o Problema-Exemplo 10.13) que V V V� 1 2 4 1 ( ). Assim, para o caso estático (V1 � 0) V m s m s� � 1 2 40 0 20 / Da equação da continuidade, ˙ ˙ , , / / m VA V D ou D m V D kg s m kg s m m D � � � � � � � � � � �� � � 2 1 2 3 1 2 4 4 4 40 1 23 20 1 44 ← Para V1 � 0, T m V V kg s m s N s kg m kN caso estático T Posto que V V V então V V V m s m s m s Para V m s T m V V kg s � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � ˙ ( ) , ( ) ( ), , / / ˙ ( ) ( 4 1 2 1 4 4 1 1 4 1 40 40 1 60 1 2 2 2 20 10 30 10 40 30 ← 1010 800 10 2 1) ( / )m s N s kg m N V m s T� � � � �← CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM37 Problema 10.86 Dados: Um avião a jato voando conforme mostrado. ˙ / / m kg s V m s � � 40 500 Determine: A eficiência de propulsão, � trabalho útil fornecido energia mecânica cedida para o fluido Solução: Aplique a componente x da equação da quantidade de movimento e a primeira lei da termodinâmica usando o VC móvel mostrado. Equações básicas: � � � � � � � � � � � 0 2 0 3 0 3 2 2 ( ) ( ) ( ) ˙ ˙ ˙ ˙ ( ) F F t u d u V dA Q W W W t e d e pv V dA e u V gz S B VC xyz SC xyz xyz s cisalhamento outro VC SC xyz xyz x x ∂ ∂ ∀ ∂ ∂ ∀ ∫ ∫ ∫ ∫ � � �� Considerações: (1) Não existem forças líquidas de pressão. (2) FBx � 0. (3) Escoamento permanente. (4) Escoamento uniforme em cada seção. Então, da equação da quantidade de movimento, � � � � � � � � �F u m u m U m V m ou F m V UD D1 2˙ ˙ ( )( ˙ ) ( )( ˙ ) ˙ ( ){ } { } A potência útil é FDU. VC CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM38 A potência mecânica cedida ao fluido é: � � � � � � � � � � � � � � � ˙ ˙ ˙ ˙ ( ) , ˙ ( ) ˙ ( ) ( ) ( ) / / , , W U m V m m V U Assim m V U U m V U V U U V U U V U V U ou por cento 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 1 2 1 500 200 0 571 57 1 { } { } ← Problema 10.92 Dados: Condições no bocal de entrada de uma turbina Pelton: p MPa manométrica V m s Kbocal 1 14 81 6 10 0 04 0 86 � � � � , ( ), , / , , , Determine: (a) A potência de saída. (b) A velocidade normal de operação. (c) A velocidade aproximada de descarga. (d) O torque para a velocidade normal de operação. (e) O torque para a velocidade zero. Solução: Aplique a equação de energia para escoamento permanente e incompressível, resultados do Problema-Exemplo 10.5 e Fig. 10.10. Equações de cálculo: p g V g z p g V g z h g h f L D L D K V T QR V U oblema Exemplo j j i l l e j T T 1 1 1 2 1 2 2 2 2 2 2 1 10 5 � � � � � � � � � � ; ( )( – cos ) (Pr . ) - Considerações: (1) p2 � patm (2) �1 � �j � 1 (3) z1 � z2 (4) L/D Le/D � 0; K baseado em Vj2 2 . (5) Uótimo � 0,47 Vj. (6) (1 – cos �) � 1,97. CAP010/2 11/5/02, 8:28AM39 Então, p g V g V g K V g K V g V p V K V N m m kg kg m N s m s g j j j j j g j 1 2 2 2 2 1 1 2 6 2 3 2 2 2 2 2 2 2 1 2 2 2 1 2 4 81 10 999 6 10 1 1 0 04 1 2 � � � � � � � � � � � � ( ) ; , ( , ) , � 9696 4 4 4 96 4 0 200 3 03 107 2 493 0 86 999 3 03 9 81 493 2 2 2 3 3 1 1 2 3 3 2 2 , / , ( , ) , / ( / ) ; , , , m s Q V A V D m s m m s ft s P N QgH H p g g V g m P kg m m s m s m N s kg m W s N j j j j � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � �� � m MW hp12 6 16 900, ( . ) �← Da Fig. 10.10, a velocidade normal de operação é U � 0,47 Vj U m s m s U R U D m s m rad s rpm Na desc a U V m s desc a V V rad s j j j desc a � � � � � � � � � � � � � � � � � � � 0 47 96 4 45 3 2 2 45 3 1 2 45 37 0 353 96 4 0 47 0 47 78 7 , , , / , , , , / ( ) arg , , / arg , , , / arg ← ← � Do Problema-Exemplo 10.5, o torque é � � �T QR V U por toideal j� ( ) ( – cos ), tan ,1 T kg m m s m m s N s kg m N m Toper� � � � � � � � � � �0 86 999 3 03 1 23 0 53 96 4 1 97 3 22 10 3 3 2 5 , , , ( , ) , ( , ) , ← e o torque de estol ocorre para U � 0, portanto, T T N m Testol estol� � � � 1 0 53 6 08 105 , , ← {Para verificar, T P W s rad N m W s N m� � � � � � � � � � �12 6 10 37 0 3 41 106 5, , , , que é próximo do torque de operação calculado!} CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM40 Problema 10.95 Dados: Dados da Fig. 10.11 para turbina Pelton instalada na usina hidrelétrica de Tiger Creek. A potência nominal é ℘ � 36.000 hp a N � 225 rpm sob uma altura de carga H � 1190 ft (líquida). Admita ângulos de escoamento e coeficiente de perdas no bocal razoáveis. Determine: (a) Calcule o diâmetro do rotor. (b) Estime o diâmetro do jato. (c) Calcule a vazão volumétrica de água. Solução: Pela equação de Bernoulli, a velocidade ideal do jato de água seria, V g Hi � 2 Admitindo Cv � 0,98 (4% de perdas no bocal), então, V C V C g H ft s ft ft sj v i v� � � � � �2 0 98 2 32 2 1190 271 1 2 , , / Da Fig. 10.10, U � Rw � 0,47 Vj para condições ótimas. Então, D R V ft s s rad ft Dj� � � � � � �2 2 0 47 0 94 271 23 6 10 8 ( , ) , , , ← Da Fig. 10.11, � 0,86 à plena carga. Portanto, � � � � � � � � � � � � � � � � P QgH Q P gH Q V A V D Q hp ft lbf ft ft lbf hp s ft s Q D Q V ft s s ft j j j j j j � � � � � ; ; , . , / 2 3 3 4 1 0 86 36 000 62 4 1 1190 550 310 4 4 310 271 1 2 1 2 ← �� � � 1 21 14 5 1 21 10 8 0 112 1 8 93 , ( , ) / , / , , ( : , ). ft in D Note que D D j j ← CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM41 Problema 10.98 Dados: Dados de testes de um modelo de turbina de impulsão. Velocidade Vazão sem do rotor carga Leitura de frenagem líquida (rpm) (cfs) (R � 5,25 ft) 275 0,110 6,8 14,9 22,0 28,9 40,0 48,0 300 0,125 5,9 12,9 19,8 25,5 36,0 43,8 Vazão (cfs) 0,397 0,773 1,114 1,414 1,896 2,315 H � 65,5 ft Determine: Calcule e trace um gráfico da potência de saída e da eficiência como funções da vazão de água. Solução: Aplique as definições de potência e de eficiência. Equações de cálculo: T FR P T PQgH� � � � � Exemplo de cálculo para N � 300 rpm, Q � 0,397 cfs: T FR lbf ft ft lbf rev rad rev s rad s P T rad s ft lbf hp s ft lbf hp P P QgH hp ft lbf s ft ft � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � 5 9 5 25 31 0 300 2 60 31 4 31 4 31 0 550 1 77 1 77 62 4 0 397 1 65 5 3 3 , , , ; min min , / , , , , , , , � ← �� � � � 550 0 600ft lbf hp s , ← Plotando resultados similares versus vazão: CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM42 Problema 10.101 Dados: Uma turbina hidráulica situada 300 metros abaixo do reservatório de água. A eficiência da turbina é 0,8 e ela deve produzir 25 kW de potência mecânica. Determine: (a) A bitola mínima requerida para o tubo. (b) A vazão volumétrica requerida. (c) Discuta os efeitos da eficiência da turbina, rugosidade do tubo e instalação de um difusor. Solução: Dos resultados do Problema-Exemplo 10.15, espera-se (aproximadamente) Hl � �z/3 (admita f � 0,02). Portanto, H h g f L D V g z � �� � � �2 2 3 Conforme a Fig. 10.41, considere L � 2 �z. Então, f z D V g z ou f V gD ou V gD f ft s D in ft in D in 2 2 3 1 3 3 1 3 32 2 12 1 0 02 6 69 2 2 2 1 2 1 2 � � � � � � � � � � �, ( ) , , ( ) / [ ] Vazão volumétrica, Q (ft3/s) Curva CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM43 Assim, Q VA V D m Q P m V P Ph m T h� � � � � � � 2 2 4 2 ; ˙ ; ˙ ; Alguns valores são: D V (bar) Q ˙m Ph Pm Pm (in) (ft/s) (ft3/s) (slug/s) (hp) (hp) (kW) 10 21,2 11,5 22,4 9,11 7,29 5,44 12 23,2 18,2 35,3 17,2 13,8 10,3 14 25,0 26,8 51,9 29,6 23,7 17,6 15,46 26,3 34,3 66,5 41,8 33,5 25,0 16 26,8 37,4 72,5 47,2 37,8 28,2 18 28,4 50,2 97,3 71,3 57,0 42,5 A potência requerida de saída exige D � 15,5 in. O menor tamanho padrão de tubo é: D � 16 in D← �z � 300 m sugere uma turbina Pelton. Da Fig. 10.17, a eficiência ótima de uma turbina Pelton ocorre próximo de NScu � 5. Portanto, N N rpm P hp z ft N rpm hp ft N rpm rpmScu � � � � � ( ) ( ) ( ) ( ) ( , )( ) , ( ) , / / / / [ ] [ ] 1 2 5 4 1 2 5 4 33 5 984 0 00105 1 05 1000 À velocidade síncrona (3600 rpm), N Nscu scu� 3 78, . ← Discussão: A eficiência da turbina varia com a velocidade específica (Fig. 10.17). Entretanto, a eficiência permanece relativamente alta (provavelmente acima de 0,85) na faixa de valores de NScu de 4 a 6. A rugosidade aparece à potência 1/2, por conseguinte ela tem um efeito secundário sobre a velocidade na tubulação. Um erro de 20% na estimativa do fator de atrito deve afetar a velocidade no tubo adutor em menos de 10% e a potência estimada em cerca de 30% apenas. Uma turbina Pelton é uma turbina de impulsão que não trabalha completamente inundada; ela direciona a corrente de líquido com conchas abertas. Um difusor não pode ser instalado nesse sistema de escoamento. Problema 10.103 Dados: Um gerador a turbina eólica da NASA-DOE em Plum Brook, Ohio. Duas pás, D � 38 mm, fornecem ℘ � 100 kW quando V � 29 km/h, operando a 40 rpm, com eficiência � 0,75. Determine: Para a condição de potência máxima, estime a velocidade periférica do rotor e o coeficiente de potência. Solução: Aplique as definições. CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM44 Equações de cálculo: U R X R V C V R Para N rpm rev rad rev s rad s U rad s m m s U V km h m km h s m s X U V p� � � � � � � � � � � � � � � � � � � � / , min min , / , , / , / / , / , � 1 2 40 40 2 60 4 19 4 19 38 2 79 6 29 1000 3600 8 06 79 6 8 06 3 2� � � ← 99 88, (Obviamente, X decresce à medida que a velocidade do vento cresce.) � � � m e p m kW kW V R kg m m s m N s kg m W s N m kW C V R kW kW Cp � � � � � � � � � � � � � � � � � � 0 75 1 0 75 100 133 1 2 2 1 23 8 06 38 2 365 1 2 133 365 0 364 3 2 3 3 3 3 2 2 2 3 2 , , , ( , ) , � � � � ← Problema 10.104 Dados: Um modelo de moinho de vento americano de pás múltiplas deve ser construído. O modelo, com D � 2 ft, deve desenvolver potência total com velocidade do vento, V � 22 mph. Determine: (a) Calcule a velocidade angular do modelo para ótima geração de potência. (b) Estime a potência de saída. Solução: Admita a tendência de eficiência mostrada na Fig. 10.45. Equações de cálculo: C V R X R Vp � � � � 1 2 3 2� � / CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM45 Da Fig. 10.45, Cpmáx � 0 3, para X � 0,8. Portanto, para V � 22 mph (32,3 ft/s), � � � � � � � � � � � � � � XV R ft s ft rad s N rad s rev rad s rpm N Também C V R slug ft p 0 8 32 3 1 1 25 8 25 8 2 60 246 1 2 2 0 30 0 00238 3 2, , , / , min , , ← ← � � � � � 33 3 3 3 2 2 2 32 3 1 550 0 0687 51 3 � � � � � � � � � ( , ) ( ) , ( , ) ft s ft lbf s slug ft hp s ft lbf hp W� �← Problema 10.107 Dados: Dados de coeficientes de arrasto e sustentação para uma seção NACA 0012, testada a Re � 6 � 106 com rugosidade padrão: Ângulo de ataque, � (grau) 0 2 4 6 8 10 12 Coeficiente de sustentação, CL (—) 0 0,23 0,45 0,68 0,82 0,94 1,02 Coeficiente de arrasto, CD (—) 0,0098 0,0100 0,0119 0,0147 0,0194 — — Determine: (a) Analise o escoamento de ar relativo a um elemento de pá num rotor Darrieus. (b) Desenvolva um modelo numérico para um elemento de pá. (c) Calcule o coeficiente de potência como uma função da razão de velocidade periférica do elemento de pá. (d) Compare seu resultado com a tendência mostrada na Fig. 10.45. Solução: CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM46 Considere a vista plana do elemento de rotor com velocidades absolutas: Equações de cálculo: F C V A V velocidade relativa F C V A A projetada A rida C V A V velocidadedo vento V L L r p r D D r p p s p s w � � � � � � � � � 1 2 1 2 1 2 2 2 3 , var � � � Resolva para a velocidade relativa, para a posição mostrada: r r r r r r V V V V V Vabs lâ a rel rel abs lâ a� � �min min; Corda do perfil CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM47 Para calcular Vrel, decomponha em componentes ao longo (a) e transversalmente (t) à corda do aerofólio: V R V V V sen V V V tg V V rel a w rel t w rel rel a rel t rel t rel a ) cos ) ) ) ) / ) � � � � � � � � 2 2 1 2 1 [ ] [ ]� A força de sustentação (FL) é normal a r Vrel e a força de arrasto (FD) é paralela a r Vrel . Deste modo, T R F sen F torque T quando F F gL D L D� � � �( cos ) ( , / cot )� � �0 Tanto CL quanto CD devem ser modelados como funções do ângulo de ataque, �. De um gráfico de CL e CD versus �, uma representação satisfatória é: C graus C graus C graus C graus L L D D � � � � � � � � � � � � � �� 0 12 0 0026 12 12 0 12 0 00952 1 52 10 12 12 0 0314 124 2 , , , ; , , , , ; , , � �� � � � � � � � � � � � (Os modelos na região de estol, ��� �12. graus, obviamente são grosseiros.) Exemplo de cálculo: Escolha R � 10 ft, c � 0,5 ft, w � 1 ft, X � 5, Vw � 20 mph, para � � 30°, com Vw � 20 mph (29,3 ft/s). X R V XV R ft s ft rad s N rpm R rad s ft ft s V R V ft s V V sen sen ft s V V V w w rel a w rel t W rel rel a rel � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � / ; , , / ( ) , / ) cos , cos / ) , , / ) ) 5 29 3 1 10 14 7 140 14 7 10 147 147 29 3 30 172 29 3 14 7 2 ° tt rel t rel a rel p ft s tg V V tg graus q V slug ft ft s lbf s slug ft lbf ft A área projetada da seção do aerofólio 2 1 2 2 2 1 2 1 1 2 3 2 2 2 2 2 172 14 7 173 14 7 172 4 88 1 2 1 2 0 00238 173 35 6 [ ] ( )[ ] [ ] � � � � � � � � � � � � � � � � ( , ) / ) / ) ( , ) / ) , , ( ) , / ( � .).) , , , , , , , , , , , , , , ( , ) , , , � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � cw ft ft ft C C F C qA lbf ft L D L L p 0 5 1 0 5 0 12 0 0026 0 12 4 88 0 0026 4 88 4 88 0 524 0 00952 1 52 10 0 00952 1 52 10 4 88 0 0131 0 524 35 6 0 2 4 2 4 2 2 � � � � � �� � ,, , , , , , / , ( cos ) ( , ( , ) , cos ( , )) , 5 9 33 0 0131 35 6 0 5 0 233 40 0 10 9 33 4 88 0 233 4 88 5 62 2 2 2 0 ft lbf F C qA lbf ft ft lbf F F T R F sen F ft sen lbf ft lbf D D p L L D � � � � � � � � � � � � � � ° °� CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM48 � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � T rad s ft lbf ft lbf s hp C V A A área rida pelo elemento Rw ft l ft ft C ft lbf s ft slug s ft ft slug ft lbf s p w s s p 14 7 5 62 82 6 0 150 1 2 2 2 10 20 82 6 1 2 0 00238 29 3 1 20 3 2 3 3 3 3 2 2 , , , ( , ) ; var , , ( , ) � �� � �0 138 15, ( )para ° Obtenha C p para uma revolução completa do rotor por integração numérica. Tais resultados estão apresentados adiante e plotados versus razão de velocidade periférica, X � �R/Vw. Do gráfico, C p é pequeno para baixos valores de X. C p cresce com o aumento de X, atinge um valor máximo e decresce novamente. Uma comparação com a Fig. 10.45 mostra que as tendências são similares, porém o modelo prediz potência útil para valor de X maior do que aquele observado experimentalmente. Elementos de pás com menores raios no rotor produziriam menor potência, visto que � � constante ao longo do rotor. C p também é sensível à variação de CD para grandes valores de X. Baixos valores de C p para pequenos valores de X ocorrem por que o aerofólio estola. Resultados calculados: Problema 10.107: Desempenho de uma Turbina Darrieus (Modelo de Elemento de Pá) Alan T. McDonald School of Mechanical Engineering PURDUE UNIVERSITY West Lafayette, Indiana 47907 30 de maio de 1992 Aerofólio: Seção NACA 0012; Corda, c � 6 in. Elemento de pá: Envergadura, w � 1 ft; Raio, R � 10 ft. Dados de entrada: Razão de velocidade periférica, X � 5,0. Velocidade do vento, Vw � 20 mph (29,3 ft/s) Calculado: Velocidade do rotor, � � 140,4 rpm CL CD FL FD T Cp � (grau) Vrel (ft/s) � (grau) (—) (—) (lbf) (lbf) (ft–lbf) (—) 0 176 0,00 0,00 0,010 0,0 0,176 �1,8 �0,043 30 173 4,87 0,52 0,013 9,3 0,233 5,6 0,136 60 164 8,95 0,87 0,022 13,8 0,343 18,1 0,439 90 150 11,31 1,02 0,029 13,7 0,384 23,1 0,562 120 135 10,89 1,00 0,027 10,8 0,295 17,5 0,425 150 122 6,90 0,70 0,017 6,3 0,148 6,1 0,147 180 118 �0,00 �0,00 0,010 �0,0 0,078 �0,8 �0,019 210 122 �6,90 �0,70 0,017 �6,3 0,148 6,1 0,147 240 135 �10,89 �1,00 0,027 �10,8 0,295 17,5 0,425 270 150 �11,31 �1,02 0,029 �13,7 0,384 23,1 0,562 300 164 �8,95 �0,87 0,022 �13,8 0,343 18,1 0,439 330 173 �4,87 �0,52 0,013 �9,3 0,233 5,6 0,136 360 176 0,00 0,00 0,010 0,0 0,176 �1,8 �0,043 Coeficiente de potência médio para revolução completa: Cp � 0 280, ������������������������������������������������������������� �������������������������������������������������������������� � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � � CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM49 Plotando os resultados de cálculos similares para várias razões de velocidade periférica obtém-se: Razão de velocidade periférica, X (– – –) Coeficiente de potência Cp (– – –) CAP010/2 11/5/02, 8:28 AM50 MENU CAPÍTULO 1 CAPÍTULO 2 CAPÍTULO 3 CAPÍTULO 4 CAPÍTULO 5 CAPÍTULO 6 CAPÍTULO 7 CAPÍTULO 8 CAPÍTULO 9 CAPÍTULO 10 Problema 10.1 Problema 10.6 Problema 10.11 Problema 10.14 Problema 10.19 Problema 10.21 Problema 10.25 Problema 10.28 Problema 10.36 Problema 10.38 Problema 10.42 Problema 10.46 Problema 10.51 Problema 10.54 Problema 10.57 Problema 10.61 Problema 10.66 Problema 10.68 Problema 10.72 Problema 10.74 Problema 10.77 Problema 10.81 Problema 10.83 Problema 10.86 Problema 10.92 Problema 10.95 Problema 10.98 Problema 10.101 Problema 10.103 Problema 10.104 Problema 10.107 CAPÍTULO 11 CAPÍTULO 12
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