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Termodinâmica Aplicada Profa Dra. Simoni M. Gheno simoni.gheno@docente.unip.brAula 2 4ª feira 19h10-20h25 20h45-22h00 intervalo 20h25 as 20h45 mailto:Simoni.gheno@docente.unip.br Processos Reversíveis e Irreversíveis A 2ª Lei da Termodinâmica estabelece que nenhuma máquina térmica pode ter eficiência de 100%. Vocês devem estar se perguntando: Qual é a maior eficiência que uma máquina pode ter? Antes de responder a essa pergunta precisamos conhecer os processos reais (irreversíveis) e os processos ideais (reversíveis). Profa. Dra. Simoni M. Gheno Identificando Irreversibilidades Um dos usos importantes da 2ª Lei da Termodinâmica em engenharia é determinar o melhor desempenho teórico dos sistemas. A partir da comparação do desempenho real com o melhor desempenho teórico, muitas vezes podem ser obtidos insights sobre o potencial de melhoria. O melhor desempenho é avaliado e comparado com os dados obtidos a partir dos processos idealizados. Na aula de hoje vamos aprender como tais processos idealizados são apresentados e distinguidos dos processos reais envolvendo irreversibilidades. Profa. Dra. Simoni M. Gheno Processos Reversíveis Profa. Dra. Simoni M. Gheno Um processo é reversível se o sistema e os arredores podem retornar aos seus estados iniciais. Ou seja, ele pode ser revertido sem deixar qualquer vestígio no ambiente. Isso somente será possível se a troca líquida de calor e a realização de trabalho entre o sistema e o ambiente for zero para o processo combinado (original e inverso). Eles NÃO OCORREM NA NATUREZA e são meras idealizações de processos reais. Você deve estar se perguntando então: Por que nos preocupamos em estudar esses processos? Duas razões: 1. Esses modelos são fáceis de analisar 2. Servem de modelos idealizados para comparar com os processos reais. Processos Irreversíveis Um processo é chamado de irreversível quando após um processo ocorrido, nem o sistema nem as vizinhanças podem ser restabelecidos ao seu estado inicial. Profa. Dra. Simoni M. Gheno O que causa a irreversibilidade em sistemas termodinâmicos? Fonte: Autor Expansão de um gás atrito, expansão não resistiva, troca de calor com diferença finita de temperatura, mistura de substância diferentes, efeito de histerese, perdas elétricas, combustão, além de qualquer processo que implique trocas de energia sem que haja a máxima produção teoricamente possível de trabalho. Processos Irreversíveis Profa. Dra. Simoni M. Gheno Fonte: Fig 6.32: Çengel, 5 ed. Exemplo de processo irreversível: atrito (Figura) A energia fornecida na forma de trabalho é convertida em calor durante o processo e transferida para os corpos em contato. Quando a direção do movimento é invertida os corpos voltam à posição original mas a interface não resfria e o calor não é convertido em trabalho. elevação da temperatura Processos Irreversíveis Profa. Dra. Simoni M. Gheno Fonte: Fig 6.34: Çengel, 5 ed. processo irreversível Transferência de calor reversível é um processo conceitual e não pode ser reproduzido no mundo real. processo impossível Ainda que desejável do ponto de vista termodinâmico a transferência de calor reversível é impraticável e economicamente inviável. Processos Irreversíveis Na Termodinâmica, a irreversibilidade está diretamente relacionada a produção e aumento da entropia, a qual é uma característica a ser determinada em todos os processos reais e será objeto de estudo das próximas aulas. Como essas informações podem ser usadas em projetos práticos de Engenharia? A partir da comparação entre o os valores calculados entre o desempenho real e o máximo desempenho teórico é possível propor melhorias e/ou modificações em um dado sistema, uma vez que as irreversibilidades estão associadas apenas aos processos reais Profa. Dra. Simoni M. Gheno Processos Irreversíveis A medida que um sistema sofre um processo, podem ser encontradas irreversibilidades dentro dele, bem como em suas vizinhanças, embora em certos casos elas podem ser encontradas predominantemente o sistema ou em suas vizinhanças. Dependendo da análise é conveniente dividir as irreversibilidades presentes em duas classes: • Irreversibilidades internas são aquelas que acontecem no sistema. • Irreversibilidades externas são aquelas que acontecem nas vizinhanças Profa. Dra. Simoni M. Gheno Exemplo 1 Suponha um recipiente dividido em duas partes iguais por uma parede (Fig.). Em um dado instante inicial, um dos gases ocupa apenas uma das partes enquanto a outra está vazia. A partir do momento que a divisória entre os dois lados é removida, o gás fluirá naturalmente para a metade vazia até ocupar uniformemente todo o recipiente, atingindo o que chamamos de estado de equilíbrio. Esse é um exemplo padrão de irreversibilidade porque, afinal, ninguém diria que o gás pode voltar espontaneamente a ocupar uma metade do recipiente, como no estado inicial. A irreversibilidade do processo leva ao chamado desperdício de energia que futuramente será estudado quando do assunto Exergia. Profa. Dra. Simoni M. Gheno Representação da expansão livre de um gás (Fonte: Próprio autor) Ciclo de Carnot Em 1824 o Físico e Engenheiro Militar Nicolas Léonard Sadi Carnot propôs uma máquina térmica idealizada que estabelecia um ciclo ideal: Ciclo de Carnot. Carnot conseguiu demonstrar que qualquer máquina térmica que opere entre duas fontes com temperaturas absolutas (ou seja, na escala Kelvin de temperatura) atingirá seu rendimento máximo se seu funcionamento ocorrer a partir de processos reversíveis. O ciclo de Carnot é um ciclo ideal reversível também conhecido como motor térmico ideal. Profa. Dra. Simoni M. Gheno O motor térmico ideal não existe na prática Ciclo de Carnot É composto de dois processos adiabáticos reversíveis e de dois processos isotérmicos reversíveis: I. Expansão isotérmica de A até B, que ocorre quando o gás retira calor da fonte quente; II. Expansão adiabática de B até C, sendo que o gás não troca calor; III. Compressão isotérmica de C até D, pois o gás rejeita calor para a fonte fria; IV. Compressão adiabática de D para A, pois não ocorre troca de calor. . Profa. Dra. Simoni M. Gheno Fonte: Autor Expansão adiabática Compressão adiabática Ciclo de Carnot Existem dois teoremas importantes sobre o rendimento térmico do ciclo de Carnot: Teorema 1 “É impossível construir um motor que opere entre dois reservatórios térmicos e tenha rendimento térmico maior que um motor reversível (motor de Carnot) operando entre os mesmos reservatórios" Teorema 2 “Todos os motores que operam segundo um ciclo de Carnot, entre dois reservatórios à mesma temperatura, têm o mesmo rendimento". Da 2ª Lei da Termodinâmica aprendemos a definição do ciclo de Carnot, que só depende da temperatura dos reservatórios térmicos, sendo independente da substância de trabalho. Dessa forma, o rendimento térmico do ciclo de Carnot é função somente da temperatura. Profa. Dra. Simoni M. Gheno É uma máquina hipotética que opera segundo um ciclo reversível de Carnot. Máquina Térmica de Carnot Eficiência (rendimento):Ciclo de Potência 𝜂 = 𝑝𝑟𝑜𝑑𝑢çã𝑜 𝑑𝑒 𝑊𝑙í𝑞𝑢𝑖𝑑𝑎 𝑎𝑙𝑖𝑚𝑒𝑛𝑡𝑎çã𝑜 𝑑𝑒 𝑐𝑎𝑙𝑜𝑟 Nas máquinas térmicas reversíveis a razão entre as quantidades de calor pode ser substituída pela razão das temperaturas absolutas dos dois reservatórios. 𝜂 = 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 Máquina Térmica de Carnot Eficiência máxima teórica (eficiência de Carnot): 𝜂𝑐 = 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 1 − 𝑇𝐹𝐹 𝑇𝐹𝑄 Ciclo ideal: 𝜂 = 𝜂𝑐 Ciclo real (irreversibilidades): 𝜂 < 𝜂𝑚𝑎𝑥 Impossível: 𝜂 > 𝜂𝑚𝑎𝑥 𝜂𝑐 - rendimento de Carnot Essa é a mais alta eficiência que uma máquina térmica pode apresentar operando entre dois reservatórios de energia térmica. As máquinas térmicas irreversíveis tem eficiência menor que a eficiência de Carnot Uma máquina térmica real não atinge esse valor máximo de eficiência porque é impossível eliminar completamentetodas as irreversibilidades relacionadas ao ciclo real Usar a temperatura sempre em K ou Rankine Exemplo 2 Um inventor afirma ter desenvolvido um ciclo de energia capaz de fornecer uma saída líquida de trabalho de 410 kJ para uma entrada de energia por transferência de calor de 1000 kJ. O referido ciclo recebe a transferência de calor proveniente dos gases quentes a uma temperatura de 500 K e descarrega energia por transferência de calor para a atmosfera que se encontra a temperatura média de 300 K. Avalie esse ciclo. Profa. Dra. Simoni M. Gheno Para resolver esse problema o aluno deverá ter em mente a necessidade de identificar se esse ciclo é reversível ou irreversível e para isso será necessário comparar a eficiência real com a eficiência máxima Quais as informações conhecidas? ▪ taxa de transferência de calor fornecida é de 1000 kJ → 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 ▪ potência líquida de saída de 410kJ →𝑊𝑙𝑖𝑞 Solução: ▪ Temperatura dos gases a 500K → 𝑇𝐹𝑄 ▪ Temperatura ambiente a 300K → 𝑇𝐹𝐹 Profa. Dra. Simoni M. Gheno Eficiência máxima teórica: 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 1 − 𝑇𝐹𝐹 𝑇𝐹𝑄 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 1 − 300 𝐾 500 𝐾 = 1 − 0,6 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 0,4 (40%) Eficiência (rendimento): 𝜂 = 𝑝𝑟𝑜𝑑𝑢çã𝑜 𝑑𝑒 𝑊𝑙í𝑞𝑢𝑖𝑑𝑎 𝑎𝑙𝑖𝑚𝑒𝑛𝑡𝑎çã𝑜 𝑑𝑒 𝑐𝑎𝑙𝑜𝑟 = 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 𝜂 = 410 𝑘𝐽 1000 𝑘𝐽 𝜂 = 0,41 (41%) … continuação do exemplo 2 Uma vez que a eficiência térmica do ciclo real excede o valor máximo teórico, o ciclo é considerado impossível. modelo proposto é IMPOSSÍVEL𝜼 > 𝜼𝒎𝒂𝒙 Ciclo de Refrigeração - Comparação entre rendimentos Rendimento Teórico versus rendimento real Coef Performance máximo teórico: 𝐶𝑂𝑃𝑐 = 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 = 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑞𝑢𝑒𝑛𝑡𝑒−𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎 Usar a temperatura sempre em K ou Rankine Ciclo ideal: 𝐶𝑂𝑃 = 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 Ciclo real (irreversibilidades): 𝐶𝑂𝑃 < 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 Impossível: 𝐶𝑂𝑃 > 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 Coeficiente de performance: 𝐶𝑂𝑃 = 𝑄𝑟𝑒𝑚𝑜𝑣𝑖𝑑𝑜 (𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎) 𝑊𝑙𝑖𝑞 𝐶𝑂𝑃 = 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 Um refrigerador mantém o compartimento do congelador a temperatura -5°C (268K) quando a temperatura do ar que circunda o refrigerador é de 22°C (295K). A taxa de transferência de calor entre o compartimento do congelador e o fluido refrigerante é de 8000 kJ/h e a potência de entrada necessária para operar o refrigerador é de 3200 kJ/h. Determine o coeficiente de desempenho do refrigerador e verifique se o modelo proposto é reversível ou irreversível. Profa. Dra. Simoni M. Gheno Para resolver esse problema o aluno deverá ter em mente a necessidade de comparar o coeficiente de desempenho real com o coeficiente de desempenho máximo. Solução: Exemplo 4 Quais as informações conhecidas? ▪ taxa de remoção de calor é de 8000 kJ/h → 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 ▪ potência líquida de entrada necessária de 3200kJ →𝑊𝑙𝑖𝑞 ▪ Temperatura no interior do congelador é 268K → 𝑇𝐹𝐹 ▪ Temperatura ambiente a 295K → 𝑇𝐹𝑄 Profa. Dra. Simoni M. Gheno Coef Performance máximo teórico: 𝐶𝑂𝑃𝑐 = 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 = 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑞𝑢𝑒𝑛𝑡𝑒 − 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 = 268𝑘 295𝐾 − 268𝐾 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 = 9,93 Coeficiente de performance: 𝐶𝑂𝑃 = 8000𝑘𝐽/ℎ 3200𝑘𝐽/ℎ 𝐶𝑂𝑃 = 2,5 … continuação do exemplo 4 A diferença entre os coeficientes de desempenho real e máximo sugere que pode haver algum potencial para melhorar o desempenho termodinâmico. modelo proposto é irreversível𝐶𝑂𝑃 < 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 𝐶𝑂𝑃 = 𝑄𝑟𝑒𝑚𝑜𝑣𝑖𝑑𝑜 (𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎) 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 Um ciclo de refrigeração possuindo um coeficiente de desempenho de 3 mantém um laboratório a 18°C em um dia em que a temperatura exterior é de 30°C. A carga térmica em regime permanente consiste na energia entrando através das paredes e janelas a uma taxa de 30.000kJ/h e dos ocupantes do laboratório a uma taxa de 6.000kJ/h. Determine a potência necessária (utilizada) para este ciclo e compare com a potência mínima teórica requerida por qualquer ciclo de refrigeração operando sob estas condições, ambas em kW. Profa. Dra. Simoni M. Gheno O enunciado nos fornece o valor do coeficiente de desempenho e o calor que precisa ser retirado do sistema. A partir dessas duas informações é possível então calcular a potência necessária para esse sistema. Solução: Exemplo 5 Profa. Dra. Simoni M. Gheno Foi solicitado no enunciado que a resposta final fosse dada em kW, então precisaremos fazer algumas conversões de unidades. Coeficiente de performance: … continuação do exemplo 5 𝐶𝑂𝑃 = 𝑄𝑟𝑒𝑚𝑜𝑣𝑖𝑑𝑜 (𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎) 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 3 = 36.000 𝑘𝐽/ℎ 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜= 12000 𝑘𝐽 ℎ 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜= 12000 𝑘𝐽 ℎ 1ℎ 3600𝑠 1𝑘𝑊 1 𝑘𝐽 𝑠 𝑾𝒄𝒊𝒄𝒍𝒐= 𝟑, 𝟑𝟑𝒌𝑾 potência necessária Profa. Dra. Simoni M. Gheno A próxima etapa é a determinação da potência mínima teórica requerida. Para isso utilizaremos a comparação do desempenho do ciclo de refrigeração com o desempenho de Carnot. … continuação do exemplo 5 𝑄𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 ≪ 𝑇𝑐 𝑇𝐻 − 𝑇𝑐 𝑄𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 ≪ 291𝐾 303𝐾 − 291𝐾 𝑄𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 ≪ 24,5 ▪ Temperatura no interior do ambiente é 18ºC = 291K → 𝑇𝐹𝐹 ▪ Temperatura ambiente está a 30ºC= 303K → 𝑇𝐹𝑄 36.000 𝑘 Τ𝐽 ℎ 24,5 ≪𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 1.469,39 𝑘 Τ𝐽 ℎ ≪𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 Foi solicitado no enunciado que a resposta final fosse dada em kW, então precisaremos fazer algumas conversões de unidades Profa. Dra. Simoni M. Gheno … continuação do exemplo 5 1.469,39 𝑘 Τ𝐽 ℎ ≪𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜≫ 1.469,39 𝑘𝐽 ℎ 1ℎ 3600𝑠 1𝑘𝑊 1𝑘 Τ𝐽 𝑠 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜= 0,41𝑘𝑊 Dessa forma: 3,33𝑘𝑊 0,41𝑘𝑊 = 8,12 Observamos que a potência utilizada é 8,12 vezes maior do que a potência mínima requerida. potência mínima requerida Bomba de Calor - Comparação entre rendimentos Rendimento Teórico versus rendimento real Coef Performance máximo teórico: 𝐶𝑂𝑃𝑚𝑎𝑥 = 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑞𝑢𝑒𝑛𝑡𝑒 𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑞𝑢𝑒𝑛𝑡𝑒−𝑇𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑓𝑟𝑖𝑎 Usar a temperatura sempre em K ou Rankine Ciclo ideal:𝐶𝑂P𝐵𝐶 = 𝐶𝑂P𝐵𝐶,𝑚𝑎𝑥 Ciclo real (irreversibilidades):𝐶𝑂P𝐵𝐶 < 𝐶𝑂P𝐵𝐶,𝑚𝑎𝑥 Impossível:𝐶𝑂P𝐵𝐶 > 𝐶𝑂P𝐵𝐶,𝑚𝑎𝑥 Coeficiente de performance: 𝐶𝑂P𝐵𝐶 = 𝑄𝑓𝑜𝑟𝑛𝑒𝑐𝑖𝑑𝑜 (𝑓𝑜𝑛𝑡𝑒 𝑞𝑢𝑒𝑛𝑡𝑒) 𝑊𝑙𝑖𝑞 𝐶𝑂P𝐵𝐶 = 𝑄𝑠𝑎𝑖 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 Uma casa requer 5x105 kJ de energia na forma de calor, por dia, para manter sua temperatura a 22ºC (295K) quando a temperatura externa se encontra 10ºC (283K). Se um sistema que funciona como uma bomba de calor é usado para fornecer essa energia, determinar o trabalho teórico mínimo de entrada, para um dia de operação, em kJ. Profa. Dra. Simoni M. Gheno Para resolver esse problema o aluno deverá ter em mente a necessidade de comparar o coeficiente de desempenho real com o coeficiente de desempenho máximo. Solução: Exemplo 6 Quais as informações conhecidas? ▪ taxa de transferência de calor necessária é de 5x105 kJ → 𝑄𝑓𝑜𝑟𝑛𝑒𝑐𝑖𝑑𝑜 ▪ potência líquida de entrada →𝑁ã𝑜 𝑐𝑜𝑛ℎ𝑒𝑐𝑒𝑚𝑜𝑠 ▪ Temperatura interna a 295K → 𝑇𝐹𝑄 ▪ Temperatura ambiente a 283K → 𝑇𝐹𝐹 Profa. Dra. Simoni M. Gheno Coef Performance máximo teórico: 𝐶𝑂𝑃𝐵𝐶,𝑚𝑎𝑥 = 295𝑘 295𝐾 − 283𝐾 Coeficiente de performance: 𝐶𝑂𝑃𝐵𝐶 = 5x105kJ 𝑊𝑙𝑖𝑞 … continuação do exemplo 6 Como calculamos o trabalho teórico mínimo de entrada? 𝐶𝑂𝑃𝐵𝐶 = 𝐶𝑂𝑃𝐵𝐶,𝑚𝑎𝑥 5x105kJ 𝑊𝑙𝑖𝑞 = 295𝑘 295𝐾 − 283𝐾 5x105kJ 𝑊𝑙𝑖𝑞 = 24,583 5x105kJ 24,583 = 𝑊𝑙𝑖𝑞 𝑊𝑙𝑖𝑞 = 2,03x10 4kJ Profa. Dra. Simoni M. Gheno Vamos testar o conhecimento utilizando um quiz? https://forms.office.com/r/HueU6j7V1X 2º QUIZ ! Profa. Dra. Simoni M. Gheno Eficiência máxima teórica: 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 1 − 𝑇𝐹𝐹 𝑇𝐹𝑄 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 1 − 298 𝐾 723 𝐾 = 1 − 0,412 𝜂𝑚𝑎𝑥 = 0,58 (58%) Eficiência (rendimento): 𝜂 = 𝑝𝑟𝑜𝑑𝑢çã𝑜 𝑑𝑒 𝑊𝑙í𝑞𝑢𝑖𝑑𝑎 𝑎𝑙𝑖𝑚𝑒𝑛𝑡𝑎çã𝑜 𝑑𝑒 𝑐𝑎𝑙𝑜𝑟 = 𝑊𝑐𝑖𝑐𝑙𝑜 𝑄𝑒𝑛𝑡𝑟𝑎 𝜂 = 600 𝑘𝐽 1000 𝑘𝐽 𝜂 = 0,6 (60%) resolução doex 10 Uma vez que a eficiência térmica do ciclo real excede o valor máximo teórico, o ciclo é considerado impossível. modelo proposto é IMPOSSÍVEL𝜼 > 𝜼𝒎𝒂𝒙 30Profa. Dra. Simoni M. Gheno
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