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� b) sen = 5 5 γ cos = 2 5 5 γ tg γ 5 1 2 sen β 5 3 5 cos β 5 4 5 tg β 5 3 4 b) sen β = AC BC 5 3 5 cos β = AB BC 5 4 5 tg β = AC AB 5 3 4 Resolução: a) sen γ 5 AB BC 5 5 1 5 5 5 cos γ 5 AC BC 5 5 2 5 2 5 5 tg γ 5 AB AC 5 1 2 sen h d α 5 Resolução: a) sen cateto oposto hipotenusa h d senα ⇒ α5 5 5 hh d b) sen 30° 1 d 1 2 d d m5 5 5⇒ ⇒1 2 Resolução das atividades complementares Matemática M2 — Trigonometria nos Triângulos p. 23 1 Em cada caso, calcule o seno, o cosseno e a tangente do ângulo agudo assinalado. a) 2 Sabendo que sen 10° 5 0,17; sen 65° 5 0,90 e cos 50° 5 0,64, calcule: a) cos 25° 0,90 b) cos 80° 0,17 c) sen 40° 0,64 Resolução: a) cos 25° 5 sen 65° 5 0,90 b) cos 80° 5 sen 10° 5 0,17 c) sen 40° 5 cos 50° 5 0,64 3 (UFG) Uma pessoa deseja subir uma rampa de comprimento d que forma um ângulo α com a horizontal. Após subir a rampa, esta pessoa estará h metros acima da posição em que se encontrava inicialmente, como mostra a figura abaixo. a) Que relação existe entre os valores de α, h e d? b) Supondo α 5 30° e h 5 1 m, qual o valor de d? 2 m α d h 5 � Resolução: 1) O triângulo XZB é retângulo e isósceles: XZ 5 h 2) No triângulo BZY, como XY 5 30, tem-se ZY 5 30 2 h e tg 60° h 30 h h 30 h h h h 3 5 2 5 2 5 2 1 5 Æ 3 30 3 3 1 30 3 ⇒ ⇒ ( ) ⇒⇒ ⇒h h 5 1 ? 2 2 5 2 30 3 3 1 3 1 3 1 45 15 3 X Z B Y h 45 60 h 30 30 – h Resolução: a) Do enunciado, temos a figura, cotada em m, em que α e β são as medidas, em graus, dos ângulos DÂB e CT̂D, respectivamente: r: medida do raio da circunferência No triângulo ABD, temos que B̂ = 90° e D̂ = β. No triângulo CTD, temos que T̂ = 90° e D̂ = β. Como os triângulos ABD e CTD têm dois ângulos com medidas iguais, eles são semelhantes. b) No triângulo retângulo ABD, temos: tg BD 10 BD e CD r.α 5 5 5 5 21 2 1 2 5 5Æ Æ Aplicando o teorema de Pitágoras ao triângulo retângulo ABD, temos: (AD)2 = (BD)2 + (AB)2 ⇒ (AD)2 = 52 + 102 ⇒ AD = 5 5 . Como os triângulos ABD e CTD são semelhantes, temos: raio de Luz sombra 10 m C r B A α D T β r BD 2 r 10 5 22( ) m CT AB CD AD r 10 r r m5 5 2 5 ? 2Æ Æ5 5 5 10 5 2( ) 4 (Fatec-SP) De dois observatórios, localizados nos pontos X e Y da superfície da Terra, é possível enxergar um balão meteorológico B, sob ângulos de 45º e 60º, conforme é mostrado na figura a seguir. Desprezando-se a curvatura da Terra, se 30 km separam X e Y, a altura h, em quilômetros, do balão à superfície da Terra, é: a) 30 2 15 3 b) 30 1 15 3 c) 60 2 30 3 d) 45 2 15 3 e) 45 1 15 3 45 60 h X Z B Y 5 (IBMEC-SP) Em um dia de sol, uma esfera localizada sobre um plano horizontal projeta uma sombra de 10 metros, a partir do ponto B em que está apoiada ao solo, como indica a figura. Sendo C o centro da esfera, T o ponto de tangência de um raio de luz, BD um segmento que passa por C, perpendicular à sombra BA, e admitindo A, B, C, D e T coplanares: a) justifique por que os triângulos ABD e CTD são semelhantes; b) calcule o raio da esfera, sabendo que a tangente do ângulo BÂD é 1 2 . raio de luz sombra 10 m C B A D T � Resolução: cos 30° 5 BC AB cos 30ºÆ 5 3 2 BC 5 AB ⋅ cos 30° 5 10 3 2 BC 5 5 3 cm BA 5 cm O C 30° Resolução: sen 60° 5 h 5 h 5 0,87 ? 5 5 4,35 m sen 30° 5 y 5 y 5 0,5 ? 5 5 2,5 m x 5 h 2 y 5 4,35 2 2,5 5 1,85 m 5 m 30° 60° 60° 30° x y h 2 3 cm2 3( ) L2 3 tg 60° 5 2 2 L L 3 3 3 3 3 3 3 3 5 2 2 2 5 2 L L L L3 Resolução: Para o triângulo da figura, temos: L L L 1 Daí, 1 5 5 2 2 5 2 2 5 2 5 3 4 3 4 3 1 3 1 3 4 3 12 2 6 2 3 2 3 ( ) ( ) 22 3( ) cm � 2 l 6 Em uma circunferência de raio 5 cm, considere o diâmetro AB e a corda BC, de modo que med (AB̂C) 5 30°. Determine BC. 5 3 cm 7 (Unic-MT) Uma escada de 5 metros de comprimento está encostada num muro vertical formando com ele um ângulo de 30°. Um homem, ao subir nessa escada, observa que, devido a problemas de aderência com o piso horizontal, esta escorrega sem se afastar do muro e pára no ponto em que o ângulo formado entre ela e o piso horizontal é de 30°. Nessas condições, o deslocamento efetuado pela escada junto ao muro foi de: a) 1,85 m c) 2,50 m e) 5,00 m b) 0,85 m d) 4,35 m Dados: sen �0° 5 0,5 cos �0° 5 0,87 8 (UERJ) Na figura, observa-se um quadrado ABCD e dois triângulos eqüiláteros equivalentes. Se cada lado desses triângulos mede 2 cm, calcule o lado l do quadrado ABCD. B A C D L 60° 1 3 L � 2 L � 3 � L 3 � Resolução: tg 45° 5 4x x x x x x2 2 2 1 5 1 1 5 4 1 4 4 4 4Æ Æ x2 − 4x 1 4 5 0 ⇒ x’ 5 x” 5 2 C A B 60° Resolução: sen 60° 5 60 BC BC Æ 3 2 60 5 BC 5 40 3 cos 60° 5 AC AC 40 340 3 1 2 Æ 5 AC 5 20 3 BC 1 AC 5 (40 3 1 20 3 ) km 5 60 3 km Resolução: tg 60° 5 8 x x xÆ Æ3 8 8 3 3 5 5 x 4,62 cm y 5 47 − 2x ⇒ y 5 47 − 2 ? 4,62 y 37,76 cm x 4,62 cm; y 37,76 cm x 8 60° 9 (Unisinos-RS) Observe o triângulo retângulo ao lado desenhado, no qual as medidas dos catetos são 4x e x2 + 4. O valor de x é: a) 1 c) 3 e) 5 b) 2 d) 4 45° 4x x2 � 4 10 (Vunesp-SP) Um pequeno avião deveria partir de uma cidade A rumo a uma cidade B ao norte, distante 60 quilômetros de A. Por um problema de orientação, o piloto seguiu erradamente rumo ao oeste. Ao perceber o erro, ele corrigiu a rota, fazendo um giro de 120° à direita em um ponto C, de modo que o seu trajeto, juntamente com o trajeto que deveria ter sido seguido, formaram, aproximadamente, um triângulo retângulo ABC, como mostra a figura. Com base na figura, a distância, em quilômetros, que o avião voou partindo de A até chegar a B foi: a) 30 3 c) 60 3 e) 90 3 b) 40 3 d) 80 3 (Oeste) C A 120° B (Norte) 11 A ranhura trapezoidal é utilizada na construção de guias para elementos de máquinas. A mais comum é a ranhura conhecida como rabo de andorinha, indicada na figura. Determine os valores de x e y. x 47 cm y 8 cm 60° 5 Resolução: ∆ABE cos 30° 5 AB AE AE AEÆ Æ3 2 9 6 35 5 ∆AEF tg 30° 5 EF AE EF 6 3 EFÆ Æ3 3 65 5 ∆ADF ~ ∆AEF (caso ALA) DF 5 EF ⇒ DF 5 6 cm Resolução: x 1 2x 5 30 ⇒ x 5 10 m tg 30° 5 �x x x x h �0° h Resolução: b 1 c 5 41 cm tg α 5 b 5 1,05 ⇒ b 5 1,05c c 1,05c 1 c 5 41 ⇒ c 5 20 cm b 5 1,05 ? 20 ⇒ b 5 21 cm a2 5 202 1 212 5 400 1 441 5 841 a 5 29 cm b C A B α c a B A D C F E 60° 60° 60° 30° 9 30° 30° 30° h x h 10 Æ 3 3 5 ∴ h m5 10 3 3 10 3 3 m 12 (Cefet-PR) Se na figura ao lado AB = 9 cm, o segmento DF mede, em centímetros: a) 5 c) 8 e) 6 b) 4 d) 7 13 (Faap-SP) A soma dos comprimentos das bases de um trapézio retângulo vale 30 m. A base maior mede o dobro da menor. Calcule a altura do trapézio, sabendo que seu ângulo agudo mede 30°. B A D C F E 60° 30° 14 Num triângulo retângulo, a tangente de um dos ângulos agudos é 1,05 e a soma dos comprimentos dos catetos é 41 cm. Qual o comprimento da hipotenusa desse triângulo? 29 cm � Resolução: tg 60° = QR MR QR 5 QRÆ Æ3 5 35 5 Strapézio = MN QP 2 QR 20 2 1 ? 5 1 ? 10 5 3 Strapézio = 75 3 cm 2 M N Q 10 10 S 55 R 60° 60° P C A 40 m x B 30 45 Resolução: sen ° 40 sen 30° x x x m 45 2 2 40 1 2 20 25 5 5Æ Æ 15 (UECE) Na figura, MNPQ é um trapézio isósceles, MN = 20 cm, QP = 10 cm e θ = 60°. Então, a área desse trapézio, em centímetros quadrados, é: a) 55 3 c) 75 3 b) 65 3 d) 85 3 p. 29 16 (Fameca-SP) Dois amigos, André e Bruno, estão num campo aberto empinando pipa. Eles estão, respectivamente, nas posições A e B. Os fios dessas pipas se enroscam e se rompem, fazendo com que as duas pipas caiam juntas num ponto C, distante 40 m de André. A distância de Bruno até as pipas é: a) 10 2 m b) 10 3 m c) 20 m d) 20 2 m e) 20 3 m C A B 30 45 M N θ Q P 7 Resolução: 00. (verdadeira) tg (AD̂B) = 2tg (AB̂D) ⇒ tg α 5 2tg β ⇒ y x x y y x2 25 ? 52 2Æ Pitágoras: x2 + y2 = 32 Substituindo em , vem: x21 2x2 5 32 ⇒ 3x2 5 9 ⇒ x2 5 3 ⇒ x = 3 Logo: y2 = 2x2 ⇒ y2 = 2(β)2 y2 = 6 ⇒ y = 6 AB = 6 cm sen α = y ⇒ sen α = 6 3 3 sen β = x ⇒ sen β = 3 3 3 11. (verdadeira) 17 (UFES) No quadrilátero ABCD da figura ao lado, tem-se: – ângulo BÂD é reto; – BD 5 3 cm e CD 5 6 cm; – BD̂C 5 60º; – a tangente de AD̂B é o dobro da tangente de AB̂D. Utilize as informações acima para analisar as afirmações seguintes: I – II 0 – 0 – AB 5 6 cm 1 – 1 – O seno de um dos ângulos agudos no triângulo ABD é igual a 3 3 . 2 – 2 – BC 5 3 3 cm 3 – 3 – O perímetro do quadrilátero ABCD é igual a (6 6 1 4 3 ) cm. 4 – 4 – AC 5 33 1 6 cm Em questões como a 17, as alternativas verdadeiras devem ser marcadas na coluna I e as falsas, na II. 8 33. (falsa) perímetro 5 AB 1 BC 1 CD + DA p 5 6 1 3 3 + 6 1 3 p 5 ( 6 1 4 3 1 6) cm 44. (falsa) Usando a Lei dos Cossenos, temos: AC2 5 AD2 1 DC2 − 2 ? AD ? DC ? cos (60º + α) AC2 5 ( 3 )2 1 62 − 2 ? 3 ? 6 ? [cos 60° ? cos α − sen 60º ? sen α] AC2 5 3 1 36 − 12 3 1 2 3 3 3 2 6 3 ? 2 ? AC2 5 39 − 12 3 3 6 2 2 2 5 39 − 6 1 6 6 AC 5 33 6 61 Usando a Lei dos Cossenos, temos: z2 = DB2 + DC2 2 2 ? DB ? DC ? cos 60° z2 = 32 + 62 − 2 ? 3 ? 6 ? 1 2 z2 = 27 z = 3 3 cm 22. (verdadeira) Resolução: BD AB) AD AB AD cos 30°25 1 2 ? ? ?( ( )2 2 BD 5 1 2 ? ? ? 5 53 4 2 3 2 3 2 1 1 BD 5 DC 5 1 ⇒ AC 5 2 1 1 5 3 x2 5 (AB)2 1 (AC)2 − 2 ? AB ? AC ? cos 30° x2 5 3 1 9 − 2 ? 3 ? 3 ? 3 2 x2 5 3 ⇒ x 5 3 cm B 2 D 30° x α β A C 3 18 (Fuvest-SP) Na figura abaixo, AD = 2 cm, AB = 3 cm, a medida do ângulo BÂC é 30° e BD = DC, onde D é ponto do lado AC. A medida do lado BC , em centímetros, é: a) 3 b) 2 c) 5 d) 6 e) 7 B D A C � Resolução: Do enunciado, temos a figura, em que O é o centro da circunferência: Sendo S: área do triângulo ABC; S1: área dos triângulos AOB e BOC; S2: área do triângulo AOC, temos: S = 2 ? S1 − S2 S = 2 1 2 ? ? ? ? 2 ? OA OB sen 45° OA OC 2 ( ) ( ) ( ) ( ) S 5 ? ? 2 ? 2 2 2 2 2 2 2 S = 2 − 1 A área pedida é quatro vezes a área do triângulo ABC, ou seja, 4( 2 − 1). C O 45° 45° 0 A B OA 5 OB 5 OC 5 2 Resolução: Da figura, obtemos: A área do setor OABCD é igual 1 3 da área do círculo. Logo: S1 = 1 3 ? π ? r2 ⇒ S1 = 1 3 ? π ? 62 ⇒ S1 = 12π A área do triângulo OAD é igual a: S2 = 1 2 ? OA ? OD ? sen 120° ⇒ S2 = 1 2 ? 6 ? 6 ? 3 2 ⇒ S2 = 9 3 A área do setor OBC é 1 6 da área do círculo. Logo: S3 = 1 6 ? π ? r2 ⇒ S3 = 1 6 ? π ? 62 ⇒ S3 = 6π A área do triângulo OBC (triângulo eqüilátero) é: S4 = L2 3 4 ⇒ S4 = 62 3 4 ? ⇒ S4 = 9 3 A área S da região colorida é: S = S1 − S2 − (S3 − S4) ⇒ S = 12π 2 9 3 − (6π − 9 3 ) S = 6π S = 6 ? 3,14 S = 18,84 O A 6 6 D B 30° 30°60° C 19 (Mackenzie-SP) Na figura, um octógono regular e um quadrado estão inscritos na circunferência de raio r = 2 . A área da região sombreada é: a) 4 2 21( ) c) 4( 2 11) 5 e) 2 111 8 b) 2 2 11 d) 8 2 7 O A D B C 20 (UFPE) O círculo da ilustração abaixo tem raio 6, o ângulo BÔC mede 60° e os ângulos AÔB e CÔD medem 30°. Qual o inteiro mais próximo da área da região colorida? (Obs.: use a aproximação π 3,14.) 19 �0 Resolução: Do enunciado, temos a figura ao lado, cotada em m. a) Os triângulos PYQ e ZYX são semelhantes. Logo: QY YX PQ ZX QY QY QX PQ ZX QY QY QY5 1 5 1 5 5Æ Æ Æ 4 2 5 8 3 Assim, a medida aproximada da sombra é igual a 2,67 m. b) Do item anterior, sabemos que QY 5 8 3 . Como XY 5 QX 1 QY, temos que XY 5 4 1 8 3 , ou seja, XY 5 20 3 . A área S pedida, em m2, é tal que: S 5 1 2 ? ZX ? XY ? sen 45° ⇒ S 5 1 2 5 20 3 2 2 25 2 3 ? ? ? 5Æ S Adotando 2 5 1,41, temos que S 5 25 1 41 3 ? , , ou seja, S 5 11,75 m2 5 Q 4 2 α sombra Z Y P X 45 45 B A 120° 4 3 cm 30°30° C Resolução: BC sen 120° AC sen 30° 5 Æ 4 3 3 2 AC 1 2 AC cm5 5Æ 4 AC 5 AB S 5 1 2 ? AB ? AC ? sen 120° ⇒ S 5 1 2 4 4 3 2 ? ? ? S 5 4 3 cm2 chão horizontal 21 (Unesp-SP) Uma estátua de 2 metros de altura e um poste de 5 metros de altura estão localizados numa ladeira de inclinação igual a 45°, como mostra a figura. A distância da base do poste à base da estátua é 4 metros, e o poste tem uma lâmpada acesa na extremidade superior. Adotando 2 = 1,41 e sabendo que tanto o poste quanto a estátua estão na vertical, calcule: a) o comprimento aproximado da sombra da estátua projetada sobre a ladeira; 2,67 m b) a área do triângulo XYZ indicado na figura. 11,75 m2 5 m 4 m 2 m sombra Z Y X 45 p. 30 22 (Unifor-CE) Um triângulo isósceles é tal que um de seus ângulos mede 120° e o lado oposto a esse ângulo mede 4 3 cm. A área desse triângulo é, em centímetros quadrados: a) 3 b) 2 c) 2 3 d) 4 e) 4 3 �� Resolução: cos ° cos α 1 ± α > α 5 2 5 5 2 4 9 5 3 90 5 3 Æ 4 3 4 3 2 3 sen sen 30° sen 1 2 sen α α α 5 5 5Æ Resolução: BC sen 120° AC sen 30° BC AC sen 120° sen 30° B 5 5Æ Æ CC BC 4 3 2 1 2 4 35 5Æ �5° 5 γ �0° α 5 75° A �0 m B D C β 5 �0° Resolução: ∆ABC α 1 β 1 γ 5 180° ⇒ 75° 1 60° 1 γ 5 180° ⇒ γ 5 45° Pela Lei dos Senos, temos: AB sen 45° AC sen 60° 30 sen 45° AC sen 60° AC 5 5 5 Æ 300 30 3 2 2 2 15 6? ? ? 5 5 sen 60° sen 45° AC tg 30° CD A Æ Æ CC CD 15 6 CD CD 2 CD 2 15 m 3 3 15 2 15 2 2 15 5 5 5 5 5 Æ Æ B A 4 4120° 30° 30° C 23 (UFES) No triângulo ABC da figura ao lado, o cosseno do ângulo obtuso α é igual a: a) 1 9 c) 2 3 2 e) 5 2 b) 2 1 2 d) 2 5 3 A B C 4 3 30° α 24 (UEBA) Um triângulo ABC é tal que AB = AC = 4. Se  = 120°, a medida do lado BC é: a) 3 3 b) 4 3 c) 5 3 d) 6 3 e) 8 3 25 (UnB-DF) Um observador, situado no ponto A, distante 30 m do ponto B, vê um edifício sob um ângulo de 30°, conforme a figura. Baseado nos dados da figura, determine a altura do edifício em metros e divida o resultado por 2 . 15 m D B C A 60° 75°30°Dados: AB 5 �0 m med (CÂD) 5 �0° med (CÂB) 5 75° med (AB̂ C) 5 �0° med (DĈ A) 5 �0° �� Resolução: SABCDE 5 SABC 1 SAEDF 1 SFDC ∆ABC (AC)2 5 402 1 382 2 2 ? 40 ? 38 ? cos 60° (AC)2 5 1 600 1 1 444 2 2 ? 1 520 ? 1 2 5 1 524 AC 5 39 m FC 5 39 − 25 5 14 FC 5 14 m SABCDE 5 38 sen 60° 2 ? ? 1 ? 1 ?40 30 25 14 30 2 SABCDE 5 760 ? 0,86 1 750 1 210 5 1 613,60 preço: 35,00 ? 1 613,60 5 R$ 56 476,00 E D C F B A 30 m 38 m 40 m 25 m 25 m 60° Resolução: S 5 10 sen 30° 2 ? ? 5 ? 5 10 100 0 5 2 25 , S 5 25 cm2 �0 cm �0 cm 75° 75° A A 6 x D B C 120° Resolução: S 5 2 ? 1 2 ? 6 ? x ? sen 120° 5 20,785 6 ? x ? 0,866 5 20,785 ⇒ 5,196x 5 20,785 x 5 4 m �0° B C 26 O terreno ABCDE, representado pela figura ao lado, foi vendido a R$ 35,00 o metro quadrado. Qual o seu valor? Use sen 60° = 0,86. R$ 56 476,00 E D C B A 30 m 38 m 40 m 25 m 60° 27 Qual é a área de um triângulo isósceles no qual cada lado congruente mede 10 cm e o ângulo adjacente à base mede 75°? 25 cm2 A D B C 120° 28 (Unisinos-RS) O paralelogramo da figura tem área 20,785 m2. O comprimento do lado AD é 6 m. Então, o comprimento do lado AB será, em metros, aproximadamente igual a: a) 3 c) 5 e) 7 b) 4 d) 6 Dados: sen �0° 5 sen ��0° 5 0,8�� cos �0º 5 2cos ��0° 5 0,5 �� 10 4 2 2 1 km 2 2 km2 Resolução: cos 135° 5 2 2 2 a) (AC)2 5 4 1 1 − 2 ? 2 ? 1 ? cos 135° (Lei dos Cossenos) ��5° � km O R A B C � km (AC) AC AC sen 135° R 2 5 4 2 2 5 2 2 5 2 2 2 5 1 ? 5 1 5 1 5 R AC sen 135° 5 R 5 5 ? 5 1 ? 5 1 5 1 2 2 2 2 2 2 5 2 2 2 2 2 22 2 2 10 4 2 2 4 2 2 2 1 ? 5 1 5 1 5 ? ? R 10 km b) S sen ABC 135° 2 S kmABC 25 5 2 2 2 2 Æ Resolução: S 50 sen 60° S 3 2 S 1 1 2 5 ? ? 5 ? 5 ? ? 40 2 1000 866 03 40 70 � , ssen 75° 2 S S sen 2 3 � 1400 0 9659 1352 26 70 60 ? 5 5 ? ? , , 135° 2 S4 5 ? 5 ? 5 2100 2 2 1484 92 60 50 2 1500 � , St 5 S1 1 S2 1 S3 1 S4 � 5 203,21 m 2 �0m 75° ��5° �0 m �0°50 m 70 m R AC sen 135° 5 R 5 5 ? 5 1 ? 5 1 5 1 2 2 2 2 2 2 5 2 2 2 2 2 22 2 2 10 4 2 2 4 2 2 2 1 ? 5 1 5 1 5 ? ? R 10 km b) S sen ABC 135° 2 S kmABC 25 5 2 2 2 2 Æ 29 (Unicamp-SP) Sejam A, B e C pontos de uma circunferência, tais que AB = 2 km, BC = 1 km e a medida do ângulo seja de 135°. a) Calcule o raio dessa circunferência. b) Calcule a área do triângulo ABC. 30 Podemos calcular a área aproximada de um terreno irregular dividindo-o em triângulos formados a partir de um mesmo vértice, como mostra a figura. Dê a área aproximada desse terreno. � 5 203,21 m2 40 m 70 m 60 m 50 m 60° 75° 135° �� A D E 1 2 3 4 � C B Resolução: SABCD 5 SEAB 1 SEBC 1 SECD 1 SEDA (I) SEAB 5 1 2 ? 1 ? 4 ? sen (180° 2 θ) 5 2 sen θ SEBC 5 1 2 ? 4 ? 3 ? sen θ 5 6 sen θ SECD 5 1 2 ? 3 ? 2 ? sen (180º 2 θ) 5 3 sen θ SEDA 5 1 2 ? 2 ? 1 ? sen θ 5 sen θ Substituindo em (I), temos: SABCD 5 2 sen θ 1 6 sen θ 1 3 sen θ 1 sen θ SABCD 5 12 sen θ 31 (Fuvest-SP) Na figura seguinte, E é o ponto de intersecção das diagonais do quadrilátero ABCD e θ é o ângulo agudo BÊC. Se EA = 1, EB = 4, EC = 3 e ED = 2, então a área do quadrilátero ABCD será: a) 12 sen θ b) 8 sen θ c) 6 sen θ d) 10 cos θ e) 8 cos θ A D E θ C B
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