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01. (UF-MS) Um corpo em queda livre sujeita-se à aceleração gravitacional g = 10 m/s2. Ele passa por um ponto A com velocidade 10 m/s e por um ponto B com velocidade de 50 m/s. A distância entre os pontos A e B é: a) 100 m b) 120 m c) 140 m d) 160 m e) 240 m Resolução: V2 = V0 2 + 2 . g . ∆H 502 = 102 + 2 . 10 . ∆H ⇒ ∆H = 2500 100 20 − = 120m Alternativa B 02. (UCS-RS) Um objeto cai, a partir do repouso, de uma altura de 320 m, num local onde g = 10m/s2. Dividindo-se essa altura em duas partes, que devem ser percorridas em intervalos de tempos iguais, suas medidas são de: a) 160 e 160 m b) 140 e 180 m c) 80 e 240 m d) 60 e 260 m e) 40 e 280 m Resolução: ∆H = 2 2g . t 2 . 320t t 64 2 10 ⇒ = ⇒ = = 8s em 4s: 2 2 1 g . t 10 . 4 H 2 2 ∆ = = = 80m ⇒ ∆H2 = 320 – 80 = 240m Alternativa C 03. (MACK) Uma esfera que é abandonada cai livremente na superfície da Terra. Além do tempo de queda, a grandeza necessária para determinarmos a aceleração da esfera é: a) a massa da esfera b) a densidade da esfera c) o diâmetro da esfera d) a altura da queda e) a densidade do ar Resolução: tq = 2H g Alternativa D 04. (UF-SCar) Um corpo em queda livre percorre, no último segundo, metade do caminho total H. Supondo que ele tenha partido do repouso, o tempo t gasto no percurso e a altura H são, respectivamente: a) 4,2 e 61 m b) 3,1 e 52 m c) 2,8 e 47 m d) 2,5 e 43 m e) 3,4 e 58 m Resolução: ∆H = V0t + 2g t 2 g = 10m/s2 H = 210 . t 2 ⇒ H = 5t2 2H g t ' 2 2 = ⇒ H = 10 . t'2 t' = t – 1, então H = 10 . t'2 = 10 . (t – 1)2 ⇒ H = 10 . (t – 1)2 10 (t – 1)2 = 5 t2 2 (t – 1)2 = t2 ⇒ (t – 1) 2 = t t ≅≅≅≅≅ 3,4s H = 5 . t2 = 5 . (3,4)2 ⇒ H = 58m Alternativa E Física CPV fisext0403-R 1 Movimentos sob Ação da Gravidade H H/2 → 1s CPV fisext0403-R FÍSICA2 05. (MACK) Um corpo é atirado verticalmente para cima, a partir do solo, com velocidade inicial de módulo 50 m/s. O módulo de sua velocidade vetorial média entre o instante de lançamento e o instante em que retorna ao solo é de: a) zero b) 2,5 m/s c) 5,0 m/s d) 25 m/s e) 50 m/s Resolução: VM = M H se H 0, V 0 t ∆ ⇒ ∆ = = ∆ Alternativa A 06. (FEI) Um corpo é abandonado de um ponto A, a uma altura de 2,5 m do solo. No mesmo instante é lançado verticalmente, de um ponto B, no solo, um outro corpo. Os dois corpos se encontram no ponto médio de AB . A velocidade de lançamento do segundo corpo é, em m/s: a) 2 b) 5 c) 3 d) 4 e) 1 Resolução: ∆H = V0t + 2g t 2 1,25 = 210 . t 2 ⇒ t = 0,5s ∆H = V0t + 2g t 2 1,25 = V0 . 0,5 – 210 . (0,5) 2 ⇒ V0 = 5m/s Alternativa B A B 1 ,2 5 m 1 ,2 5 m 07. (CESGRANRIO) Uma bolinha de aço é abandonada de uma altura de 8,0 m em relação ao solo. No mesmo instante, uma bolinha é lançada verticalmente do solo para cima. As duas bolinhas chegam ao chão simultaneamente. Qual a altura máxima atingida pela segunda bolinha ? a) 1,0 m b) 2,0 m c) 4,0 m d) 5,0 m e) 8,0 m Resolução: q 2H 2 . 8 t 1,26s g 10 = = = tvôo = 1,26s ∴ tsubida = 0,63s V = V0 + g t 0 = V0 – 10 . 0,63 V0 = 6,3 m/s V2 = V0 2 + 2 . g . ∆H 0 = 6,32 – 2 . 10 . ∆H ∆∆∆∆∆H ≅≅≅≅≅ 2m Alternativa B 8 m Física CPV fisext0403-R 3 08. (AFA) Um balão sobe verticalmente com movimento uniforme. Seis segundos após a partida, o piloto abandona uma pedra que alcança o solo 9 s após a saída do balão. Determine, em metros, a altura em que a pedra foi abandonada: (g = 10 m/s2) a) 27 b) 30 c) 36 d) 54 Resolução: B H V t ∆ = ∆ 30t3 2 + H . t3 – 6H = 0 B H V = 6 mas t3 = 3 – t1 – t2 V = V0 + gt t3 = 3 – H H 60 60 − 0 = H 6 – 10 . t1 t3 = 90 H 30 − 60t1 = H Substituindo: t1 = t2 = H 60 30 . 2 90 H 90 H H . 30 30 − − + – 6 . H = 0 ∆H = V0t + 2g t 2 (90 – H)2 + H(90 – H) – 180H = 0 H = VB . t3 + 5 . t3 2 8100 – 180H + H2 + 90H – H2 – 180H = 0 H = H 6 . t3 + 5 . t3 2 270H = 8100 ⇒ H = 30m Alternativa B 09. (AFA) Um avião de bombardeio voa horizontalmente com velocidade de 300 m/s a uma altura de 500 m. Determine de que distância (medida na horizontal, em metros) ele deve abandonar a bomba para atingir o alvo em cheio. g = 10m/s2 a) 60 b) 300 c) 500 d) 3 000 Resolução: q 2H 2. 500 t g 10 = = = 10s V x = x x q S S 300 t 10 ∆ ∆ ⇒ = ⇒ ∆∆∆∆∆Sx = 3000m Alternativa D 10. (UNICAMP) De um ponto PM, a uma altura de 1,8 m, lançou-se horizontalmente uma bomba de gás lacrimogênio que atingiu os pés de um professor universitário a 20 m de distância, como indica a figura. (g = 10m/s2) a) Quanto tempo levou para a bomba atingir o professor? b) Com que velocidade V0 (em km/h) foi lançada a bomba? 1,8 m P M PU 20 m → V0 Resolução: a) q 2H 2 .1,8 t g 10 = = = 0,6s b) Vx = x x q S 20 100 V t 0,6 3 ∆ ⇒ = = m/s 100 3 . 3,6 = V0 = Vx ⇒ Vx = 120 km/h h V B V B H CPV fisext0403-R FÍSICA4 v g D 45º A H 11. (FUVEST/2002) Em decorrência de fortes chuvas, uma cidade do interior paulista ficou isolada. Um avião sobrevoou a cidade, com velocidade horizontal constante, largando 4 pacotes de alimentos, em intervalos de tempos iguais. No caso ideal, em que a resistência do ar pode ser desprezada, a figura que melhor poderia representar as posições aproximadas do avião e dos pacotes, em um mesmo instante, é g a) b) c) d) e) 12. (FUVEST/2001) Um motociclista de motocross move-se com velocidade v = 10 m/s, sobre uma superfície plana, até atingir uma rampa (em A), inclinada de 45° com a horizontal, como indicado na figura. A trajetória do motociclista deverá atingir novamente a rampa a uma distância horizontal D (D=H), do ponto A, aproximadamente igual a a) 20 m b) 15 m c) 10 m d) 7,5 m e) 5 m 13. (UNIP) Em um jogo de futebol um atleta bate uma falta de modo que a velocidade inicial da bola forma um ângulo de 45º com o plano do chão. A bola, após um tempo de vôo de 2 s, bate na parte superior da trave, que está a 2,4 m do solo. Adote g = 10 m/s2 e despreze o efeito do ar. A distância horizontal de onde foi batida a falta até a trave é de, aproximadamente: a) 22 m b) 15 m c) 44 m d) 11 m e) 30 m Resolução: Vx = V0y ∆H = V0t + 2g t 2 2,4 = V0y . 2 – 5 . 2 2 V0y = 11,2 m/s V0y = V0x = Vx Vx = xS d11,2 t 2 ∆ ⇒ = ⇒ d = 22,4m Alternativa A V . sen 4 5 º V . co s 4 5 º 2 ,4 m Resolução: Observe a figura representando o abandono dos pacotes em quatro diferentes instantes. À medida que os pacotes são liberados a velocidade horizontal dos pacotes se mantém em relação ao avião por inércia e a velocidade vertical aumenta devido a ação da gravidade. Alternativa B Resolução: D = V . t H = 2g t 2 Como o triângulo é isósceles: D = H Assim: V . t = 2g t 2 ⇒ 10 = 5t ⇒ t = 2s Portanto: D = 10 . 2 ⇒ D = 20 m Alternativa A Física CPV fisext0403-R 5 14. (UF-PB) Um projétil é lançado obliquamente do solo. O ponto B é o mais alto da trajetória. O diagrama em que estão representadas corretamente as acelerações que atuam no projétil nos pontos A, B e C é (desprezando-se a resistência do ar): a) b) c) d) e) A B C A B C A B C A B C Resolução: Apenas a aceleração da gravidade Alternativa C 15. Um míssil viajando paralelamente à superfície da Terra com velocidade 180 m/s passa sobre um canhão à altura de 4800 m no exato momento em que seu combustível acaba. Neste instante o canhão dispara a 45° e atinge o míssil. O canhão está no topo de uma colina de 300 m de altura. Determine a altura da posição de encontro do míssil com a bala do canhão em relação ao solo. →→→→→ g = 10m/s2 solo 300m 45° colina 4800 m Resolução: Como os tempos dos movimentos são iguais, temos que: V0 cos 45º = 180 ⇒ Vx = V0y = 180m/s No eixo vertical: míssil: HM = 4500 – 5t 2 canhão: HC = 180t – 5t 2 No encontro: HM = HC 180t – 5t2 = 4500 ⇒ t = 25s HEncontro = 300 + HC = 300 + 180 . 25 – 5 . 25 2 HE = 1675m 1 80 m /s 4 50 0 m To p o d a col in a V 0 45º A B C CPV fisext0403-R FÍSICA616. (UF-PA) A figura representa um projétil que é lançado do ponto A segundo um ângulo de 30° com a horizontal, com uma velocidade V0 = 100 m/s, atingindo o ponto D. AB = 40 m; BC = 55 m; g (aceleração da gravidade) = 10 m/s2. O tempo que o projétil levou para atingir o ponto D, em segundos, vale: cos 30° = 0,86 a) 5,3 b) 7,8 c) 11 d) 12,6 e) 16,2 V0 30° A B C D Resolução: V0y = V0 sen 30º V0y = 100 . 1 2 = 50 m/s Tempo para atingir o ponto mais alto: Vy = V0y + gt 0 = 50 – 10t1 ⇒ t1 = 5s Tempo para atingir o ponto B' a partir do ponto A: t2= 2t1 = 10s Tempo de queda entre B' e D: ∆H = – V0y t3 – 2 310t 2 ⇒ 55 = 50t3 + 5t3 2 ⇒ ⇒ t3 2 + 10t3 – 11 = 0 t'3 = 1s t"3 = – 11s (não convém) Logo, t = t2 + t'3 = 10 + 1 = 11s Alternativa C 17. (EF-PA) No exercício anterior, a distância CD, em metros vale: a) 418 b) 458 c) 692 d) 906 e) 1 051 Resolução: t = 11s Vx = V0 cos 30º = 3 100 2 = 86 m/s ∆S = Vx . t = 86 . 11 = 946 m AB + CD = 946 40 + CD = 946 CD = 906 m Alternativa D O enunciado a seguir refere-se às questões 18 e 19. (FEI/2001) Um atleta na Vila Olímpica deixa seu tênis cair pela janela. Ao passar pela janela do 3o andar, verifica-se que a velocidade do tênis é aproximadamente V = 11 m/s. Sabendo- -se que cada andar possui altura h = 3m: 18. Determine de que andar o tênis caiu: a) 4o andar b) 5o andar c) 6o andar d) 7o andar e) 8o andar Resolução: V2 = V0 2 + 2 . g ∆H 112 = 2 . 10 . ∆H ∆H ≅ 6m ∴∴∴∴∴ 2 andares, logo o tênis caiu do 5º andar Alternativa B V0 = 0 A B B ’3 0 º C D V 0y V0 V x V x V 0 – V 0y Física CPV fisext0403-R 7 19. Determine a velocidade do tênis ao passar por uma janela no térreo: a) V = 15,4 m/s b) V = 16,8 m/s c) V = 17,3 m/s d) V = 18,6 m/s e) V = 19,5 m/s 20. (CESGRANRIO) A altura aproximada de queda livre de uma pedra que, partindo do repouso, chega ao solo com velocidade de 0,1 m/s é de: a) 0,5 x 10–3 m b) 0,5 x 10–2 m c) 0,5 x 10–1 m d) 1,0 x 10–3 m e) 1,0 x 10–2 m Resolução: V = V0 + gt ⇒ 0,1 = g . t ∆H = V0t + 2g t 2 H = 2g t 2 210 . t 2 = = 5 . t2 ⇒ H = 5t2 mas t = 0,1 a = 0,01s ∴ H = 5 . (0,01)2 = 5 x 10–4m = 0,5 x 10–3 m Alternativa A 21. (UF-BA) Da janela de um trem, que se move horizon- talmente a 20 m/s, é lançada uma bola verticalmente para cima, com velocidade de 10 m/s. Considerando g = 10 m/s2, calcule, em metros, o deslocamento horizontal da bola até atingir o solo, visto por um homem parado na plataforma, sabendo que a bola foi lançada de uma altura de 2 m em relação ao solo. Resolução: V = V0 + gt 0 = 10 – 10 . t1 t1 = 1s t2 = t1 = 1s ∆H = V0t + 2g t 2 2 = 10 . t3 + 5 . t3 2 5t3 2 + 10t3 – 2 = 0 t3' = 0,18s e t3" = – 2,18s (não convém) Vx = x x ˆvoo S S 20 t 1 1 0,18 ∆ ∆ ⇒ = + + ⇒ ∆Sx = 43,7m 2 m 2 0 m /s 1 0 m /s 22. (FUVEST) Um gato de 1 kg de massa dá um pulo atingindo uma altura de 1,25 m, caindo a uma distância de 1,5 m do local do pulo. a) Calcule o componente vertical de sua velocidade inicial. b) Calcule a velocidade horizontal do gato. c) Qual a aceleração que atua sobre o gato no ponto mais alto do pulo ? Resolução: a) V2 = V0 2 + 2 . g . y 0 = Vy 2 – 2 . 10 . 1,25 Vy = 5m/s b) V = V0 + gt tS = tD = 0,5s 0 = 5 – 10 . t (tempo de subida) tvôo = 1s t = 0,5s Vx = x ˆvoo S t ∆ = 1,5 1 = 1,5m/s c) A aceleração é a da gravidade:a = g = 10m/s2 1 ,2 5 m 1 ,5 m Resolução: V2 = V0 2 + 2 . g ∆H V2 = 2 . 10 . 15 V = 17,3m/s Alternativa C ∆Sx CPV fisext0403-R FÍSICA8 23. (UF-PR) Uma bola rola sobre uma mesa horizontal de 1,225 m de altura e vai cair num ponto do solo situado à distância de 2,5 m, medida horizontalmente a partir da beirada da mesa. Qual a velocidade da bola, em m/s, no instante em que ela abandonou a mesa ? (g = 9,8 m/s2) Resolução: q 2H 2 .1,225 t g 9,8 = = = 0,5s Vx = xS 2,5 t 0,5 ∆ = = 5m/s 1 ,2 2 5m 2 ,5 m 24. (UCS-RS) Uma esfera é lançada horizontalmente do ponto A e passa rente ao degrau no ponto B. Sendo de 10 m/s2 o valor da aceleração da gravidade local, o valor da velocidade horizontal da esfera em A vale: a) 1 m/s b) 1,5 m/s c) 2 m/s d) 2,5 m/s e) 3 m/s V0 20 cm 30 cm A B Resolução: tqueda = 2H 2 . 0,2 g 10 = = 2s Mas, V0 = 230 .10 0,2 − = 1,5 m/s Alternativa B 25. (VUNESP) Em vôo horizontal, a 3 000 m de altitude, com a velocidade de 540 km/h, um bombardeiro deixa cair uma bomba. Esta explode 15s antes de atingir o solo. Desprezando a resistência do ar, qual é a velocidade da bomba no momento da explosão ? g = 10 m/s2 a) 177,6 m/s 6 = 2,45 b) 150,4 m/s c) 200 m/s d) 150 m/s e) nda Resolução: Vx = 540 km/h = 150 m/s Tempo necessário para atingir o solo: H = 2gt 2H 2 . 3000 t 2 g 10 ⇒ = = = 24,5s Logo, a bomba explode no instante t = 24,5 – 15 = 9,5s ∴ Vy = V0y + gt = 10 . 9,5 = 95 m/s V = 2 2150 95+ ≈ 177,6 m/s Alternativa A 26. (COVEST-PE) A figura abaixo mostra a variação, com o tempo, da velocidade de uma bola jogada para o alto no instante t = 0. Qual é a altura máxima atingida pela bola em relação ao ponto em que é jogada ? g = 10 m/s2 t (s) V (m/s) 30 0 Resolução: V2 = V0 2 – 2 . g . H 0 = 302 – 20H H = 900 20 = 45 m Física CPV fisext0403-R 9 27. (CEFET-PR) Um balão meteorológico está subindo com velocidade de 10 m/s e se encontra a uma altura de 75 m quando dele se solta um aparelho. O tempo que o aparelho levará para chegar ao solo, em segundos, será: g = 10 m/s2 a) 2 b) 4 c) 5 d) 3 e) 19 6, Resolução: V0 = 10 m/s a = g = – 10 m/s2 ∆H = V0t + 2gt 2 ⇒ – 75 = 10t – 5t2 t2 – 2t – 15 = 0 t1 = 5s t2 = – 3s (não convém) Alternativa C 28. (UF-GO) Some os itens corretos e dê como resposta o valor encontrado: 01) Um parafuso escapa do teto de um ônibus que se acha em movimento retilíneo uniforme. A forma da trajetória do parafuso, vista por um passageiro sentado no inte- rior do ônibus, é a mesma que é enxergada por uma pessoa parada na calçada do lado de fora do ônibus. 02) A figura abaixo é de um corpo atirado verticalmente para cima, no vácuo, com velocidade inicial de 10 m/s e a 2,2 m acima do solo: Considerando g = 10 m/s2, a função horária do móvel com relação ao eixo y mostrado, no sistema S.I., é y = 2,2 + 10t – 5t2 e, além disso, o corpo chegará ao solo no instante t = 2s. 04) O gráfico V = f(t) do corpo citado no item anterior é o que segue: 08) É correto afirmar que a gravidade da Terra só atua sobre os corpos se eles estiverem caindo no vácuo. 10 m/s 2,2 m y 0 solo V (m/s) t (s) 10 0 1 Resolução: 01) Errado, pois a trajetória depende do referencial. 02) Errado, pois em t = 2s, temos: y = 2,2 + 10 . 2 – 5 . 22 = 2,2m 04) Correto: V0 = 10 m/s e a = g = V 10 t 1 ∆ − = ∆ = – 10 m/s 2 08) Errado, pois a atração gravitacional é uma interação de campo e não depende do meio para agir. ∴∴∴∴∴ Soma = 04
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