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152 SOLUÇÕES DOS PROBLEMAS (b) Vamos considerar o caso “crítico” no qual F atingiu o valor que anula a tensão na corda. De acordo com a primeira equação do item (a), quando isso acontece, a 5 g sen 30°; assim, a = 4,9 m/s2. Substituindo na segunda equação do item (a) (e fazendo T = 0), obtemos: F = (3,0 kg)(4,9 m/s2) = 14,7 N ≈ 15 N 65. As figuras mostram os diagramas de corpo livre dos dois recipientes. As únicas forças que agem sobre os recipientes são a tensão da corda e a força gravitacional. De acordo com a Segunda Lei de Newton, temos: T mg ma m g T m a − = − = 1 1 2 2 Resolvendo este sistema de equações, temos: a m m m m g= − + 2 1 2 1 (a) No instante t = 0, m10 1 30= , kg . Para dm dt1 0 200/ ,= − kg/s, a taxa de variação da acele- ração com o tempo é da dt da dm dm dt m g m m dm dt = = − + = − 1 1 2 2 10 2 12 2 2 80 ( ) ( , kkg m/s kg kg kg/s 2)( , ) ( , , ) , 9 80 2 80 1 30 0 200 2+ −( ) = 00 653, .m/s3 (b) No instante t = 3 00, s, m m dm dt t1 10 1 1 30 0 200 3 00= + = + −( / ) , ( , )( , )kg kg/s s == 0 700, kg e a taxa de variação da aceleração com o tempo é da dt da dm dm dt m g m m dm dt = = − + = − 1 1 2 2 1 2 12 2 2 80 ( ) ( , kgg m/s kg kg kg/s 2)( , ) ( , , ) , 9 80 2 80 0 700 0 200 2+ −( ) = 00 896, .m/s3 (c) A aceleração atinge o valor máximo para 0 130 0 2001 10 1= = + = + −m m dm dt t t( / ) , ( . )kg kg/s ou t = 6 50, s. 66. A figura mostra o diagrama de corpo livre do sistema.
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