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EXERCÍCIOS DE EQUAÇÕES DIFERENCIAIS ORDINÁRIAS (ODE). 1.- Determine a ordem e o grau das seguintes equações diferenciais ordinárias (EDO). 1) 𝑑2𝑄 𝑑𝑡2 + 𝑅 𝑑𝑄 𝑑𝑡 + 𝑄 𝐶 = 0 → É um EDO de segunda ordem e de primeiro grau. 2) ( 𝑑3𝑦 𝑑𝑥3 ) 4 − ( 𝑑2𝑦 𝑑𝑥2 ) 5 + 𝑦 = 0 → É um EDO de terceira ordem e é de quarto grau. 2.- Verifique se as seguintes funções (explícitas ou implícitas) são soluções das equações diferenciais correspondentes: 3) 𝑦 = 𝑥2 + 𝑐 → ¿𝑦´ = 2𝑥? 𝑦´ = 2𝑥 2𝑥 = 2𝑥 4) 𝑦2 = 𝑒2𝑥 + 𝑐 → ¿ 𝑦𝑦´ = 𝑒2𝑥 ? 2𝑦 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 2𝑒2𝑥 𝑒2𝑥 = 𝑒2𝑥 2𝑦𝑦´ = 2𝑒2𝑥 𝑦𝑦´ = 𝑒2𝑥 5) 𝑦 = 𝐶1 𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝐶2 cos 2𝑥 → ¿ 𝑦´´ + 4𝑦 = 0 ? 𝑦´ = 𝐶1 𝑐𝑜𝑠2𝑥 . 2 − 𝐶2 𝑠𝑒𝑛2𝑥 . 2 −4𝑦 + 4𝑦 = 0 𝑦´´ = −4 𝐶1 𝑠𝑒𝑛2𝑥 − 4 𝐶2 𝑐𝑜𝑠2𝑥 0 = 0 𝑦´´ = −4 (𝐶1 𝑠𝑒𝑛2𝑥 + 𝐶2 cos 2𝑥 ) 3.- Encontre a solução geral de cada uma dessas equações diferenciais. 6) 𝑦´ 𝑠𝑒𝑛𝑦 = 𝑥2 𝑑𝑦 𝑑𝑥 𝑠𝑒𝑛𝑦 = 𝑥2 𝑆𝑒𝑛 𝑦 𝑑𝑦 = 𝑥2 𝑑𝑥 ∫ 𝑠𝑒𝑛𝑦 𝑑𝑦 = ∫ 𝑥2 𝑑𝑥 −𝑐𝑜𝑠𝑦 + 𝑐 = 𝑥3 3 + 𝑐 −𝑐𝑜𝑠𝑦 = 𝑥3 3 + 𝑐 7) 𝑦´ 𝑠𝑒𝑛𝑥 = 1 𝑦´ = 1 𝑠𝑒𝑛 𝑥 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 𝑑𝑦 = 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐 𝑥 𝑑𝑥 ∫ 𝑑𝑦 = ∫ 𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐𝑥 𝑑𝑥 𝑦 = − ln(𝑐𝑜𝑠𝑒𝑐 𝑥 + 𝑐𝑡𝑔𝑥) + 𝑐 8) 𝑦´ − 𝑦 𝑡𝑔𝑥 = 0 𝑦´ = 𝑦 𝑡𝑔𝑥 𝑦´ 𝑦 = 𝑡𝑔𝑥 ∫ 𝑑𝑦 𝑦 = ∫ 𝑡𝑔𝑥 𝑑𝑥 ln 𝑦 + 𝑐 = − ln(𝑠𝑒𝑐𝑥) + 𝑐 ln 𝑦 = − ln(𝑠𝑒𝑐𝑥) + 𝑐 𝑒ln 𝑦 = 𝑒− ln(𝑠𝑒𝑐𝑥) 𝑒𝑐 𝑦 = 𝑒−ln (sec 𝑥). 𝑐 𝑦 = −𝑠𝑒𝑐𝑥 . 𝑐 4.- Para cada uma das seguintes equações diferenciais, encontre a solução particular que satisfaz a condição inicial dada. 9) 𝑦´ = 𝑥𝑒𝑥 , 𝑦 = 3 quando 𝑥 = 1; 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑥𝑒𝑥 ∫ 𝑑𝑦 = ∫ 𝑥𝑒𝑥 𝑑𝑥 𝑦 = ∫ 𝑥𝑒𝑥 𝑑𝑥 𝑢. 𝑣 = ∫ 𝑣 𝑑𝑢 𝑢 = 𝑥 𝑑𝑣 = 𝑒𝑥𝑑𝑥 𝑑𝑢 = 𝑑𝑥 ∫ 𝑑𝑣 = ∫ 𝑒𝑥𝑑𝑥 𝑣 = 𝑒𝑥 𝑦 = 𝑥 . 𝑒𝑥 − ∫ 𝑒𝑥 𝑑𝑥 𝑦 = 𝑥 . 𝑒𝑥 − 𝑒𝑥 + 𝑐 𝑦 = 𝑒𝑥(𝑥 − 1) + 𝑐 3 → 𝑦 = 𝑒𝑥(𝑥 − 1) + 3 5.- Resolva as seguintes equações diferenciais ordinárias * Ejercicio. (1 + 𝑥2)𝑦´ = 1 + 𝑦2 (1 + 𝑥2) 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 1 + 𝑦2 𝑑𝑦 1+𝑦2 = 𝑑𝑥 1+𝑥2 ∫ 𝑑𝑦 1+𝑦2 = ∫ 𝑑𝑥 1+𝑥2 ∫ 𝑑𝑦 1+𝑦2 − ∫ 𝑑𝑥 1+𝑥2 = 0 𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔 𝑦 − 𝑎𝑟𝑐𝑜𝑡𝑔 𝑥 = 𝑐 10) 2𝑦 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑒𝑥+𝑦 2 , 𝑦 (4) = −2 2𝑦 𝑑𝑦 = 𝑒𝑥 . 𝑒𝑦 2 𝑑𝑥 2𝑦 𝑑𝑦 𝑒𝑦 2 = 𝑒 𝑥𝑑𝑥 𝑦2 = 𝑢 2𝑦 𝑑𝑦 = 𝑑𝑢 ∫ 𝑑𝑢 𝑒𝑢 = ∫ 𝑒𝑥 𝑑𝑥 ∫ 𝑒−𝑢 𝑑𝑢 = ∫ 𝑒𝑥 𝑑𝑥 −𝑒−𝑢 + 𝑐 = 𝑒𝑥 + 𝑐 −𝑒−𝑦 2 = 𝑒𝑥 + 𝑐 −𝑒−2 2 = 𝑒4 − (𝑒4 + 𝑒4) 11) Considere a equação diferencial: 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑦(𝑦 − 2) 2𝑥 − 1 a) Encontre a solução geral. ∫ 𝑑𝑦 𝑦 (𝑦 − 2) = ∫ 𝑑𝑥 2𝑥 − 1 1 2 ∫ ( 1 𝑦 − 2 − 1 𝑦 ) 𝑑𝑦 = 1 2 ∫ 2𝑑𝑥 2𝑥 − 1 𝑐 + (ln |𝑦 − 2| − ln |𝑦|) = ln|2𝑥 − 1| + 𝑐 𝑒 𝑙𝑛| 𝑦−2 𝑦 | + 𝑐 = 𝑒𝑙𝑛|2𝑥−1| + 𝑒𝑐 𝑦 − 2 𝑦 = (2𝑥 − 1) . 𝑐 b) Encontre a solução particular que verifica 𝑦 ( 3 4 ) = 4 𝑦 ( 3 4 ) = 4 → 4 − 2 4 = 𝑐 (2 3 4 − 1) 1 2 = 𝑐 2 → 𝑐 = 1 𝑦 − 2 𝑦 = 2𝑥 − 1 6.- Resolva as seguintes equações diferenciais homogêneas. 12) 𝑦´ = 2 ( 𝑦 𝑥 ) + ( 𝑦 𝑥 ) 2 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 2𝑦 𝑥 + 𝑦2 𝑥2 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 2𝑦𝑥 + 𝑦2 𝑥2 𝑥2𝑑𝑦 − (2𝑦𝑥 + 𝑦2)𝑑𝑥 = 0 𝑦 = 𝑢𝑥 𝑑𝑦 = 𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢 𝑥2(𝑢𝑑𝑥 + 𝑥𝑑𝑢) − (2𝑥(𝑢𝑥) + (𝑥𝑢)2𝑑𝑥 = 0 𝑥2𝑢𝑑𝑥 + 𝑥3𝑑𝑢 − (2𝑥2𝑢 + 𝑢2𝑥2)𝑑𝑥 = 0 𝑥2 𝑢 𝑑𝑥 + 𝑥3 𝑑𝑢 − 2𝑥2𝑢 𝑑𝑥 − 𝑢2 𝑥2 𝑑𝑥 = 0 𝑥3 𝑑𝑢 − 𝑥2 𝑢𝑑𝑥 − 𝑢2 𝑥2 𝑑𝑥 = 0 𝑥3𝑑𝑢 = 𝑢2𝑥2𝑑𝑥 + 𝑢𝑥2𝑑𝑥 𝑑𝑢 𝑢2 + 𝑢 = 𝑑𝑥 𝑥 ∫ ( 1 𝑢 − 1 𝑢 + 1 ) 𝑑𝑢 = ∫ ( 𝑑𝑥 𝑥 ) 𝑙𝑛 (𝑢) − ln(𝑢 + 1) = ln( 𝑥) + 𝑐 𝑒𝑙𝑛 𝑢 𝑢+1 = 𝑒ln 𝑥+𝑐 𝑢 𝑢+1 = 𝑥. 𝑐 𝑦 𝑥 𝑦 𝑥 + 1 = 𝑥𝑐 𝑦𝑥 𝑥(𝑦 + 𝑥) = 𝑥𝑐 𝑐 = 𝑦 𝑥(𝑦+𝑥) 13) (𝑥 − √𝑥𝑦)𝑦´ = 𝑦 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 𝑦 𝑥 − √𝑥𝑦 𝑥 = 𝑢𝑦 𝑑𝑥 = 𝑢𝑑𝑦 + 𝑦𝑑𝑢 (𝑥 − √𝑥𝑦)𝑑𝑦 = 𝑦 𝑑𝑥 −𝑦 𝑑𝑥 + (𝑥 − √𝑥𝑦)𝑑𝑦 = 0 −𝑦(𝑢 𝑑𝑦 + 𝑦 𝑑𝑢) + (𝑢𝑦 − √𝑢𝑦2) 𝑑𝑦 = 0 −𝑦2 𝑑𝑢 − 𝑢𝑦 𝑑𝑦 + 𝑢𝑦 𝑑𝑦 − √𝑢𝑦2𝑑𝑦 = 0 −𝑦2 𝑑𝑢 = √𝑢𝑦2 𝑑𝑦 − ∫ 𝑑𝑢 √𝑢 = ∫ 𝑑𝑦 𝑦 − ∫ 𝑢 − 1 2 𝑑𝑢 = ln 𝑦 + 𝑐 − 𝑢 1 2 1 2 = 𝑙𝑛 𝑦 + 𝑐 −2 𝑢 1 2 = 𝑙𝑛 𝑦 + 𝑐 𝑒−2 √ 𝑥 𝑦 = 𝑦. 𝑐 7.- Equações diferenciais redutíveis a homogêneas. 14) (𝑥 − 4𝑦 − 9) 𝑑𝑥 + (4𝑥 + 𝑦 − 2) 𝑑𝑦 = 0 𝑆𝑒𝑟 𝐿1 ∶ 𝑥 − 4𝑦 − 9 = 0 ^ 𝐿2: 4𝑥 + 𝑦 − 2 = 0, 𝑐𝑜𝑚𝑜 𝐿1 ⧺ 𝐿2 → E para isso resolvemos o sistema: 𝑥 − 4𝑦 − 9 = 0 → 𝒙 = 𝟏, 𝒚 = −𝟐, 𝑞𝑢𝑒𝑟 𝑑𝑖𝑧𝑒𝑟 𝑃(1, −2) 4𝑥 + 𝑦 − 2 = 0 𝑁ó𝑠 𝑐𝑜𝑛𝑠𝑖𝑑𝑒𝑟𝑎𝑚𝑜𝑠 𝑥 = 𝑧 + ℎ, 𝑦 = ѡ + 𝑘 𝑑𝑒 𝑜𝑛𝑑𝑒. 𝑥 = 𝑧 + 1 , 𝑦 = ѡ − 2 , 𝑎𝑙é𝑚 𝑑𝑜 𝑚𝑎𝑖𝑠 𝑑𝑥 = 𝑑𝑧 , 𝑑𝑦 = 𝑑ѡ 𝑆𝑢𝑏𝑠𝑡𝑖𝑡𝑢í𝑚𝑜𝑠 𝑛𝑎 𝑒𝑞𝑢𝑎çã𝑜 𝑑𝑖𝑓𝑒𝑟𝑒𝑛𝑐𝑖𝑎𝑙 𝑑𝑎𝑑𝑎: (𝑧 − 4ѡ)𝑑𝑧 + (4𝑧 + ѡ)𝑑ѡ = 0. . 𝟏 𝑂 𝑞𝑢𝑒 é 𝑢𝑚𝑎 𝑒𝑞𝑢𝑎çã𝑜 𝑑𝑖𝑓𝑒𝑟𝑒𝑛𝑐𝑖𝑎𝑙 ℎ𝑜𝑚𝑜𝑔ê𝑛𝑒𝑎 𝑆𝑒𝑎 𝑧 = 𝑢ѡ → 𝑑𝑧 = 𝑢𝑑ѡ + 𝑢𝑑ѡ 𝑠𝑢𝑏𝑠𝑡𝑖𝑡𝑢𝑖𝑛𝑑𝑜 (2)𝑦 (1) 𝑒 𝑠𝑖𝑚𝑝𝑙𝑖𝑓𝑖𝑐𝑎𝑛𝑑𝑜, 𝑡𝑒𝑚𝑜𝑠: (𝑢2 + 1) 𝑑ѡ + (𝑢 − 4)𝑢𝑑ѡ = 0, 𝑠𝑒𝑝𝑎𝑟𝑎𝑛𝑑𝑜 𝑎 𝑣𝑎𝑟𝑖á𝑣𝑒𝑙 𝑑ѡ ѡ + 𝑢 − 4 𝑢1 + 1 𝑑𝑢 = 0 𝑖𝑛𝑡𝑔𝑟 ∫ 𝑑ѡ ѡ + ∫ 𝑢 − 4 𝑢2 + 1 𝑑𝑢 = 𝐶 → ln ѡ2(𝑢2 + 1) − 8 𝑎𝑟𝑐𝑡𝑔 𝑢 = 𝑘 𝐶𝑜𝑚𝑜 𝑧 = 𝑢 ѡ → 𝑢 = 𝑧 ѡ = 𝑥 − 1 𝑦 + 2 𝑆𝑢𝑏𝑠𝑡𝑖𝑡𝑢𝑖𝑛𝑑𝑜 𝑒𝑚 (3) ln[(𝑥 − 1)2 + (𝑦 + 2)2] − 8 𝑎𝑟𝑐𝑜𝑡𝑔 ( 𝑥 − 1 𝑦 + 2 ) = 𝑘 8.- Resolva as seguintes equações diferenciais com o método exato descrito acima. 15) 2𝑥𝑦3 + 3𝑥2𝑦2𝑦´ = 0 𝑦(1) = 1 2𝑥𝑦3 + 3𝑥2𝑦2 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 0 3𝑥2𝑦2 𝑑𝑦 + 2𝑥𝑦3 𝑑𝑥 = 0 𝐷𝑒𝑡𝑒𝑟𝑚𝑖𝑛𝑒 𝑠𝑒 é 𝑝𝑟𝑒𝑐𝑖𝑠𝑜. 𝑀𝑦 = 6𝑥𝑦2 𝑁𝑥 = 6𝑥𝑦2 𝐸𝑙𝑒 𝑖𝑛𝑡𝑒𝑔𝑟𝑎: ∫ 2𝑥𝑦3 𝑑𝑥 = 2𝑦3 ∫ 𝑥 𝑑𝑥 = 2𝑦3 𝑥2 2 = 𝑥2 𝑦3 + 𝑔(𝑦) = 𝑥2 𝑦3 + 𝑔(𝑦) 𝐹(𝑦) = 3𝑥2 𝑦2 + 𝑔´(𝑦) = 3𝑥2𝑦2 ∫ 𝑔´(𝑦) = ∫ 0 𝑔(𝑦) = 0 𝐹(𝑥, 𝑦) = 𝑥2𝑦3 + 0 𝐶 = 𝑥2𝑦3 𝑪 = (1)2 . (1)3 1 = 𝐶 1 = 𝑥2𝑦3 16) 3𝑥2 + 4𝑥𝑦 + 2(𝑦 + 𝑥2) 𝑦´ = 0 𝑦(0) = 1 3𝑥2 + 4𝑥 𝑦 + 2(𝑦 + 𝑥2) 𝑑𝑦 𝑑𝑥 = 0 (3𝑥2 + 4𝑥𝑦) 𝑑𝑥 + 2(𝑦 + 𝑥2) 𝑑𝑦 = 0 𝑀𝑦 = 4𝑥 𝑁𝑥 = 4𝑥 = ∫(2𝑦 + 2𝑥2) 𝑑𝑦 = ∫ 2𝑦 𝑑𝑦 + ∫ 2𝑥2 𝑑𝑦 = 2𝑦2 2 + 2𝑥2 𝑦 + 𝑔(𝑥) = 𝑦2 + 2𝑥2𝑦 + 𝑔(𝑥) 𝐹(𝑥) = 4 𝑥 𝑦 + 𝑔´(𝑥)= 3𝑥2 + 4𝑥𝑦 ∫ 𝑔´(𝑥) = ∫ 3𝑥2 𝑔(𝑥) = 𝑥3 𝐹(𝑥, 𝑦) = 𝑦2 + 2𝑥2𝑦 + 𝑥3 𝐶 = 𝑦2 + 2𝑥2 𝑦 + 𝑥3 𝐶 = 12 + 2(0)2 (1) + (0)3 𝐶 = 1 1 = 𝑦2 + 2𝑥2 𝑦 + 𝑥3 17) (3𝑥2 − 2𝑥 − 𝑦) 𝑑𝑥 + (2𝑦 − 𝑥 + 3𝑦2) 𝑑𝑦 = 0 𝑀𝑦 = −1 𝑁𝑥 = −1 ∫(2𝑦 − 𝑥 + 3𝑦2) 𝑑𝑦 𝑦2 − 𝑥𝑦 + 𝑦3 + 𝑔(𝑥) 𝑓(𝑥) = −𝑦 + 𝑔´(𝑥) = 3𝑥2 − 2𝑥 − 𝑦 𝑔´(𝑥) = 3𝑥2 − 2𝑥 ∫ 𝑔´(𝑥) = ∫ 3𝑥2 − ∫ 2𝑥 𝑔(𝑥) = 𝑥3 − 𝑥2 𝐹(𝑥, 𝑦) = 𝑦2 − 𝑥𝑦 + 𝑦3 + 𝑥3 − 𝑥2 𝐶 = 𝑦2 − 𝑥𝑦 + 𝑦3 + 𝑥3 − 𝑥2. 9.- Modelo populacional – população de bactérias. 18) A população de uma determinada colônia de bactérias é 1.000. Se o número de bactérias dobrar em 1 hora, calcule. - O valor da constante K. 𝑃(𝑡) = 𝑃0 𝑒 𝑘𝑡 𝑃0 = 1000 𝑃(1) = 1000 𝑒𝑘(1) = 2000 𝑃(1) = 2000 𝑒𝑘 = 2000 1000 = 2 𝐾 = ln 2 - A população que existirá depois de uma hora e meia (desde o início). 𝑃(𝑡) = 1000 𝑒(ln 2) 𝑡 𝑃(1.5) = 1000 𝑒(ln 2) (1.5) 𝑃(1.5) = 1000 𝑒1.0397 𝑃(1.5) = 1000 (2.8283) 𝑃(1.5) = 2828.3 𝑃(1.5) = 2828 - Em que ponto a população é de 4.000 bactérias? 𝑃(𝑡) = 1000 𝑒(ln 2) 𝑡 𝑃(𝑡) = 1000 𝑒(ln 2) 𝑡 = 4000 𝑒(ln 2) = 4000 1000 𝑒(ln 2) 𝑡 = 4 (ln 2) 𝑡 = ln 4
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