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ÿ 2ÿ 3R3mf 2 qÿV (10.000 N) = 3,3×108A. (10 µT)(3,0m) 32-21. Em vez disso, definiremos a velocidade de deriva igual à velocidade da tira. Entretanto, definiremos EH = ÿV H/w. Então E32-26 (a) v = E/B = (40×10ÿ6V)/(1,2×10ÿ2m)/(1,4 T) = 2,4×10ÿ3m/s. mg (c) Se tal trem fosse desenvolvido, os trilhos derreteriam bem antes de o trem deixar a estação. = E32-24 A partícula se move em círculo. x = R sen ÿt e y = R cos ÿt. Igualando as duas forças, E32-30 F = iLB sen ÿ = (5,12×103A)(100 m)(58×10ÿ6T) sen(70ÿ ) = 27,9 N. A direção é horizontalmente oeste. (b) A potência perdida por ohm de resistência nos trilhos é dada por F 100 x = BL B E32-29 Como L é perpendicular a B podemos usar (b) n = (3,2 A)(1,4 T)/(1,6×10ÿ19C)(9,5×10ÿ6m)(40×10ÿ6V) = 7,4×1028/m3 .; Prata. LIBRA (0,0130 kg)(9,81 m/s (0,620 m)(0,440 T) eu = E32-28 (a) Use o resultado do exercício anterior e Ec = ÿj. (0,53 m)3 (2 × 932×103 keV/c2 )(12×106/s)2 e(80 kV) B E32-23 Primeiro use 2ÿf = qB/m. O uso K = q 2B2R2/2m = mR2 (2ÿf) 2/2. O número de em média a partícula está localizada a uma distância R/ÿ 2 do centro, então as voltas são n = K/2qÿV, a distância percorrida é x = n2ÿR/ÿ 2 = n ÿ 2ÿR. Combinando, E32-25 Usaremos a Eq. 32-20, EH = vdB, exceto que não levaremos a derivação até a Eq. = iLB = mg, ) ÿ2ÿ (3,9×10ÿ6V)/(0,88×10ÿ2m) = 3,7×10ÿ1m/s. (1,2×10ÿ3T) = v = E32-31 (a) Usamos a Eq. 32-26 novamente, e como o eixo (horizontal) é perpendicular à componente vertical do campo magnético, FB = iLB. O uso de uma regra da mão direita apropriada indicará que a corrente deve ser direcionada para a direita para que uma força magnética seja direcionada para cima. = P/r = eu = 0,467 A. = 240 metros. ÿV H/w (b) (0,65 T)/(8,49×1028/m3 )(1,60×10ÿ19C)(1,69×10ÿ8ÿ · m) = 0,0028. eu = E32-27 EH = vdB e vd = j/ne. Combine e reorganize. = = (3,3×108A)2 = 1,1×1017 W. 2 3 EH 2 Machine Translated by Google
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